Kumpulan Soal Uas Teknik Pembentukan

kumpulan sola teknik pembentukanSolutions for Fundamentals of Modern Manufacturing, 3/e (published by Wiley) © MPGroover 2007 20 SHEET METALWORKING Review Questions 20.1 Identify the three basic types of sheet metalworking operations. Answer. The three basic types of sheet metalworking operations are (1) cutting, (2) bending, and (3) drawing. 20.2 In conventional sheet metalworking operations, (a) what is the name of the tooling and (b) what is the name of the machine tool used in the operations? Answer. (a) The tooling is called a punch-and-die. (b) The machine tool is called a stamping press. 20.3 In blanking of a circular sheet metal part, is the clearance applied to the punch diameter or the die diameter? Answer. The die diameter equals the blank diameter, and the punch diameter is smaller by twice the clearance. 20.4 What is the difference between a cutoff operation and a parting operation? Answer. A cutoff operation separates parts from a strip by shearing one edge of each part in sequence. A parting operation cuts a slug between adjacent parts in the strip. See Figure 20.8. 20.5 What is the difference between a notching operation and a seminotching operation? Answer. A notching operation cuts out a portion of the sheet metal from the interior of the sheet or strip, while a seminotching operation removes a portion of the sheet metal from the interior of the sheet or strip. 20.6 Describe each of the two types of sheet metal bending operations: V-bending and edge bending. Answer. In V-bending, a simple punch and die that each have the included angle are used to bend the part. In edge bending, the punch forces a cantilevered sheet metal section over a die edge to obtain the desired bend angle. See Figure 20.12. 20.7 For what is the bend allowance intended to compensate? Answer. The bend allowance is intended to compensate for stretching of the sheet metal that occurs in a bending operation when the bend radius is small relative to the stock thickness. In principle the bend allowance equals the length of the bent metal along its neutral axis. 20.8 What is springback in sheet metal bending? Answer. Springback is the elastic recovery of the sheet metal after bending; it is usually measured as the difference between the final included angle of the bent part and the angle of the tooling used to make the bend, divided by the angle of the tooling. 20.9 Define drawing in the context of sheet metalworking. Answer. Drawing is a sheet metalworking operation used to produce cup-shaped or box-shaped, or other complex-curved, hollow parts. Drawing is accomplished by placing a piece of sheet metal over a die cavity and then using a punch to push the metal into the cavity. 20.10 What are some of the simple measures used to assess the feasibility of a proposed cup drawing operation? Answer. Measures of drawing feasibility include (1) drawing ratio DR = D/Dp; (2) reduction r = (D - Dp)/D; and (3) thickness-to-diameter ratio, t/D; where t = stock thickness, D = blank diameter, and Dp = punch diameter. 20.11 Distinguish between redrawing and reverse drawing. Answer. In redrawing, the shape change is significant enough (e.g., drawing ratio greater than 2.0) that it must be carried out in two drawing steps, probably with an annealing operation between the steps. In reverse drawing, two draws are accomplished on the part, one in one direction, the second in the opposite direction. 20.12 What are some of the possible defects in drawn sheet metal parts? Answer. Drawing defects include (1) wrinkling, (2) tearing, (3) earing, and (4) surface scratches, as described in Section 20.3.4. 20.13 What is an embossing operation? Answer. Embossing is a sheet metalworking operation used to create indentations in the sheet, such as raised lettering or strengthening ribs. 20.14 What is stretch forming? Answer. Stretch forming of sheet metal consists of simultaneously stretching and bending the sheet metal workpart to achieve shape change. 20.15 Identify the principal components of a stamping die that performs blanking. Answer. The principal components are the punch and die, which perform the cutting operation. They are attached respectively to the punch holder (a.k.a. upper shoe) and die holder (a.k.a. lower shoe). Alignment of the punch and die during the stamping operation is achieved by means of guide pins and bushings in the punch holder and die holder. 20.16 What are the two basic categories of structural frames used in stamping presses? Answer. Two basic categories of press frame are (1) gap frame, also called C-frame because its profile is the shape of the letter “C”, and (2) straight-sided frame, which has full sides for greater strength and stiffness of the frame. 20.17 What are the relative advantages and disadvantages of mechanical presses versus hydraulic presses in sheet metalworking? Answer. The main advantage of mechanical presses is faster cycle rates. Advantages of hydraulic presses are longer ram strokes and uniform force throughout stroke. 20.18 What is the Guerin process? Answer. The Guerin process is a sheet metal forming process that uses a rubber die that flexes to force the sheet metal to take the shape of a form block (punch). 20.19 Identify a major technical problem in tube bending? Answer. A major technical problem in tube bending is collapse of the tube walls during the bending 3 As sheet metal stock hardness increases in a blanking operation. what are the factors that affect the formability of a metal? Answer: Factors mentioned in the video clip that affect the formability of a metal are (1) part shape is the primary factor. Multiple Choice Quiz 20. (7) sheet metal feeding mechanism. (b) increased. (a). 20. the part itself is called a blank.25 (Video) List the factors that affect the hold down pressure in a drawing operation according to the video on sheet metal stamping dies and processes. (3) metal thickness. (2) bending. (6) lubrication. Roll bending involves the forming of large sheet and plate metal sections into curved forms. bend radius.1 Most sheet metalworking operations are performed as which of the following: (a) cold working. bend angle. and bend springback. An angle of zero means that the shearing takes place at the same time along the entire surface. and (8) monitoring/control systems. what is the Blade Rake Angle? Answer: The Blade Rake Angle or Shear Angle is the angle between the two surfaces that come together to shear the material. Answer. (3) die design. what are the principal terms used to describe bending on a press brake? Answer: The principal terms used to describe bending on a press brake are bend allowance. the clearance between punch and die should be which of the following: (a) decreased. and (4) die lubrication. 20. (b) hot working.20 Distinguish between roll bending and roll forming. Answer: Factors that affect the hold down pressure in a drawing operation include (1) draw reduction severity. or (c) warm working? Answer. (2) sheet metal’s ductility. (5) press speed. 20. Answer: The four forming processes listed in the video clip are (1) drawing.22 (Video) According to the video on sheet metal bending. A larger value of angle means that less surface is in contact with the shearing blades at any moment during the operation. (2) metal properties. 20.24 (Video) Name the four forming processes listed in the video clip on sheet metal stamping dies and processes. (b). or (c) remain the same? Answer. 20. and (4) hemming.23 (Video) According to the video on sheet metal stamping dies and processes. . 20.21 (Video) According to the video on sheet metal shearing. and the scrap piece that was cut out to make the hole is called a slug: (a) true or (b) false? Answer. (a). (4) stamping press.2 In a sheet metal cutting operation used to produce a flat part with a hole in the center.process. (3) flanging. 20. Roll forming involves feeding a lone strip or coil through rotating rolls so that the shape of the rolls is imparted to the strip. 20. which of the operations are likely to be feasible (three best answers: (a) DR = 1. (e) tensile strength. (b) flanging. 20. (c) r = 0. (d). (b) elastic recovery of the metal.7. 20. (b) amount of elastic recovery experienced by the metal after bending. (b). or (d) length before bending of the straight sheet metal section to be bent? Answer. (b) shear. (b) modulus of elasticity.4 A circular sheet metal slug produced in a hole punching operation will have the same diameter as which of the following: (a) the die opening or (b) the punch? Answer. (d). 20.7 Sheet metal bending involves which of the following stresses and strains (two correct answers): (a) compressive.11 The following are measures of feasibility for several proposed cup drawing operations. (b) equal to. or (f) yield strength? Answer. (c) safety factor used in calculating bending force. (c) limited to 90° bends or less. (c) hemming. (c) overbending. (d) ironing. 20.5 The cutting force in a sheet metal blanking operation depends on which mechanical property of the metal (one correct answer): (a) compressive strength. (a).10 Which of the following are variations of sheet metal bending operations (two best answers): (a) coining. (b) DR = 2.20. (c). 20. (e) notching. (d) strain rate.7. (b) and (e). and (f) uses a pressure pad to hold down the sheet metal? Answer.9 Springback in a sheet metal bending operation is the result of which one of the following: (a) elastic modulus of the metal. 20. (a). 20. (b) and (c).12 The holding force in drawing is most likely to be (a) greater than. (d) overstraining. (c) shear strength. and (e) t/D = 2%? Answer.6 Which of the following descriptions applies to a V-bending operation as compared to an edge bending operation (two best answers): (a) costly tooling.35. (e) used for low production. and (e). (g) trimming. (c). (b) . 20. or (c) less than the maximum drawing force? Answer.8 Which one of the following is the best definition of bend allowance: (a) amount by which the die is larger than the punch. 20. and (h) tube bending? Answer. (b) inexpensive tooling. (d) r= 0.13 Which one of the following stamping dies is the most complicated: (a) blanking die. (a) and (c). (f) shear spinning.65. or (e) yield strength of the metal? Answer. (d) used for high production. and (c) tensile? Answer. 3) = 49. Thus. (g) redrawing.70 mm.2(0. (d) explosive forming.50 mm thick. The part is circular with diameter = 75. The outside diameter of the washer is 50.060(4.0 mm thick cold rolled steel (half hard).075. Solution: From Table 20. c = 0.1 A power shears is used to cut soft cold rolled steel that is 4.210) = 15. (b). Determine (a) the punch and die sizes for the blanking operation. Solution: From Table 20.00 mm Punching die diameter = Dh + 2c = 30 + 2(0. (c) compound die. At what clearance should the shears be set to yield an optimum cut? Solution: From Table 20. c = Act = 0.2(0.0 .4.15 Which of the following processes are classified as high-energy-rate forming processes (two best answers): (a) electrochemical machining. (e) Guerin process.2(0.075(2. 20.2c = 50 . 20.2(0. or (f) V-bending die? Answer.4 mm 50 mm width dimension = 50 .2(0.3) = 24. Punch diameter = Db .58 mm Blanking die diameter = Db = 50. and (e) straight-sided? Answer. (d) solid gap.14 Which one of the following press types is usually associated with the highest production rates in sheet metal stamping operations: (a) adjustable bed. Ac = 0.21) = 49.0 mm. (b) open back inclinable.30 mm Blanking die: dimensions are the same as for the part in Figure P20.75) = 0. Thus. (b) electromagnetic forming.1.combination die. Ac = 0.0 mm. Problems Cutting Operations 20. Thus. c = 0.50) = 0.2c = 75.15) = 74.1.3 A compound die will be used to blank and punch a large washer out of 6061ST aluminum alloy sheet stock 3.42 mm 20. (c) electron beam cutting. (b) and (d). Die diameter = Db = 75. Solution: From Table 20.0) = 0. Ac = 0. (c) press brake. (e).210 mm (a) Blanking punch diameter = Db .4 A blanking die is to be designed to blank the part outline shown in Figure P20.1. Determine the appropriate punch and die sizes for this operation.075(4.285 mm 20.4.3) = 84.15 mm. 20. and (h) shear spinning? Answer.0 mm.4 mm Top and bottom 25 mm extension widths = 25 .075.060. .2 A blanking operation is to be performed on 2. (f) hydroforming. (e) progressive die.0 mm and the inside diameter is 15.1. Thus.060.060(3.0) = 0.75 mm thick. Determine the dimensions of the blanking punch and the die opening. c = 0. Blanking punch: 85 mm length dimension = 85 .4 mm The 25 mm inset dimension remains the same. (d) edge bending die. The material is 4 mm thick stainless steel (half hard).00 mm (b) Punching punch diameter = Dh = 15. Ac = 0. and (b) the punch and die sizes for the punching operation. 1 mm (use blanking) F = 0. If they are.0) = 24.3 tons 20.65) = 153.333 x 5.000 N. Ab = 2π(α/360)(R + Kbat) R/t = (8. (b) Assume the punches are staggered so that punching occurs first.34 mm 20. therefore.0 mm from Problem 20. Bending 20. (b) To correct the problem: (1) Check the punch and die cutting edges to see if they are worn.7. L=50π = 157.3. L = 85 + 50 + 25 + 25 + 35 + 25 + 25 + 50 = 320 mm F = 600(4.35 mm.5)/(5.3000/(4.2. and (2) punch and die cutting edges are worn (rounded) which has the same effect as excessive clearance. α’ = 40°.333 Ab = 2π(140/360)(8.100 N = 155.200 N 20.50 mm α = 180 . The part drawing is given in Figure P20.9.4. given that the stainless steel has a shear strength = 600 MPa.00) = 1.4482*2000) tons = 17.9 A bending operation is to be performed on 5. R = 8.5 mm from Problem 20. Punching length of cut. L = πD = 75π = 235.00 mm thick cold rolled steel.0. (a) Assume that blanking and punching occur simultaneously.5 + 0. die maker must rebuild the punch and die.7(TS)tL t =3. This is about 86. (a) What are the possible reasons for the burrs. if the steel has a shear strength = 325 MPa and the tensile strength is 450 MPa.300 N = 119.4 tons => 18 ton press (b) Longest length will determine the minimum tonnage press required.4 tons => 14 ton press 20. Solution: From drawing.4.α’ = 140°.10 Solve Problem 20.0)(320) = 768.65 mm F = 325(2. The aluminum sheet metal has a tensile strength = 310 MPa. which is less than 2. Determine the blank size required.2 mm F = 0.1) = 119.84 mm Dimensions of starting blank: w = 35 mm. Solution: F = StL t = 4 mm from Problem 20.7(310)(3. then blanking. (2) If the die is not worn. If not. measure the punch and die clearance to see if it equals the recommended value.5)(235.8 The foreman in the pressworking section comes to you with the problem of a blanking operation that is producing parts with excessive burrs.5)(157. Kba = 0.1000/(4. Solution: F = StL t = 2.7(310)(3.20.0)(235. L = 50π + 15π = 65π = 204.6) = 155.2.7 Determine the tonnage requirement for the blanking operation in Problem 20. a strength coefficient of 350 MPa.84 + 46.9 except that the bend radius R = 11. regrind the faces to sharpen the cutting edges. and a strain hardening exponent of 0.3. Blanking length of cut. Solution: (a) F = 0. and (b) what can be done to correct the condition? Solution: (a) Reasons for excessive burrs: (1) clearance between punch and die is too large for the material and stock thickness. L= 15π.5 = 129.5 Determine the blanking force required in Problem 20.6 Determine the minimum tonnage press to perform the blanking and punching operation in Problem 20. L = 58 + 24. .12.4482*2000) tons = 13. F = Kbf(TS)wt2/D = 0. α’ = 40°.5 mm in a V-die.5 x 0.5 Ab = 2π(140/360)(11.25 in. Therefore. Kba = 0.4173 = 4.33.33. 20.12 except that the operation is performed using a wiping die with die opening dimension = 28 mm.35 mm α = 180 .71 mm 20.35 + 0.11 An L-shaped part is to be bent in a V-bending operation on a press brake from a flat blank 4.270.4173 in Therefore. Ab = 2π(α/360)(R + Kbat) R/t = (11.33(70. if the bend radius = 3/16 in.0)2/40 = 17.13 Solve Problem 20. The metal has a tensile strength = 340 MPa.00) = 2. these sides should be measured to the beginning of the bend radius. The material has a tensile strength of 600 MPa and a shear strength of 430 MPa.25 = 2728 lb.33. Solution: For V-bending. F = Kbf(TS)wt2/D = 0.000 lb/in2. Solution: For edge-bending in a wiping die.000)(1. F = Kbf(TS)wt2/D = 1.15625) = 0.0 in by 1. its length will be greater after the bend than before. therefore.15625) = 0.33.0.000 in from the end.5 x 5.5)(5/32)2/0. Kbf = 0. Kbf = 1. For convenience. R = 11.3756) = 1.35)/(5.00) = 34.5 = 138.5 in that is 5/32 in thick.0417 in (c) The operator should set the stop so that the tip of the V-punch contacts the starting blank at a distance = 2.33(600)(35)(5.000)(1. The material has a tensile strength = 70. Kbf = 1.5(4.9 if the bend is to be performed in a V-die with a die opening dimension of 40 mm. the length of the neutral axis of the part will be 2(1. Solution: For V-bending.15 Solve Problem 20.33(340)(20)(3)2/15 = 5426 N .000 in.14 except that the operation is performed using a wiping die with die opening dimension = 0.12 Determine the bending force required in Problem 20. Kba = 0.8122 in (b) Since the metal stretches during bending. 20.21 + 46. L = 58 + 34.1875 + 0.460 N 20.0 mm long is bent to an included angle = 60° and a bend radius = 7. Compute the required force to bend the part. F = Kbf(TS)wt2/D = 1. (b) Also. Kbf = 0.14 Determine the bending force required in Problem 20. Solution: For edge-bending in a wiping die.3756 in Dimensions (lengths) of each end = 0. Its length before bending = 4. (c) Where should the machine operator set the stop on the press brake relative to the starting length of the part? Solution: (a) R/t = (3/16)/(5/32) = 1.75 in.33(600)(35)(5.5)(5/32)2/1. 20. given that the die opening dimension = 15 mm.33.33 x 0.0)2/28 = 6.1875 + 0.16 A sheet-metal part 3.33 Ab = 2π(90/360)(0.188 N 20.75 = 1128 lb. Kbf = 1. F = Kbf(TS)wt2/D = 1.8122) + 0.33(70. determine the length of the part's neutral axis after the bend.0 . Solution: For V-bending.Solution: From drawing. The bend of 90° is to be made in the middle of the 4-in length.α’ = 140°.11 if the bend is to be performed in a V-die with a die opening width dimension = 1. (a) Determine the dimensions of the two equal sides that will result after the bend.0 mm thick and 20. The stretched length of the bend along the neutral axis will be: Bent length = 2π(90/360)(0.21 mm Dimensions of starting blank: w = 35 mm.2. 81 (b) t/Db = 0.7/4.15625)2) = 0. a yield strength = 32.9752) Fh = 52. r is too large (greater than 50%).100 lb 20. Solution: (a) DR = 7.015(32.015Yπ(D2 . Blank area = πD2/4 = π(175)2/4 = 24.623% (c) F = πDpt(TS)(D/Dp .17 Derive an expression for the reduction r in drawing as a function of drawing ratio DR.100 lb .Dp)/DbDrawing ratio DR = Db/Dpr = Db/Db .75 (b) r = (Db .18 A cup is to be drawn in a deep drawing operation. Solution: Reduction r = (Db . assuming the corner radius on the punch has a negligible effect in our calculations and there is no earing of the cup.1875)(65.429 = 42.72 .02435 = 2.9% (c) t/Db = 2/175 = 0.72 .0. the operation is not feasible because the 175 mm diameter blank size does not provide sufficient metal to draw a 75 mm cup height.435% (c) F = πDpt(TS)(Db/Dp . Punch and die radii = 5/32 in.7/4.83752) Fh = 54. However.2 x 0.125 + 2 x 0. determine (a) drawing ratio. Determine (a) drawing ratio. and t/D is too small (less than 1%). and (d) blankholder force.16h + 7854.015(32.16h + 7854= 24.0.19 Solve Problem 20.1875/7.(4.0.7) = π(4. This is less than the specified 75 mm height.100)/225 = 0.18 except that the starting blank size diameter = 175 mm. If the blank diameter = 225 mm.(Dp + 2.25 = 1.Dp)/Db = (175 .Dp/Db = 1 .7) = π(4. 20.7 = 0. The actual cup height possible with a 175 mm diameter blank can be determined by comparing surface areas (one side only for convenience) between the cup and the starting blank.000)π(7.4.100)/175 = 0.14% (d) Feasibility? DR < 2. To compute the cup surface area.015Yπ(Db2 .000)π(7.000)π(7.000 lb/in2.015(32.7 = 0. let us divide the cup into two sections: (1) walls. 20.2t + 2Rd)2) Fh = 0.01623 = 1.25 + 2.25 = 1. Cup area = πDph + πDp2/4 = 100πh + π(100)2/4 = 100πh + 2500π = 314.0).25 + 2.199 h = 51.25 .053 314.81 (same as previous problem) (b) t/Db = 0.600 lb.000)π(7.0. (d) Fh = 0.053 mm2 . Solution: (a) DR = 7. The height of the cup is 75 mm and its inside diameter = 100 mm.900 lb. (b) reduction.0114 = 1.7 in.65 in. (d) Fh = 0.5% (c) t/Db = 2/225 = 0.89% (d) Feasibility? No! DR is too large (greater than 2.000 lb/in2.125/7. (b) reduction. The sheet metal thickness = 2 mm. The stock thickness = 3/16 in. Set surface area of cup = surface are of starting blank: 314.(4.7) = 120.72 .25 in and a height = 2.1/DR 20. and t/D > 1%. and (c) thickness-to-diameter ratio.16h = 16.25 (b) r = (Db .(Dp + 2.555 = 55.20 except that the stock thickness t = 1/8 in.Dp/Db = 1 .1875 + 2 x 0.000)(7. The metal has a tensile strength = 65. and the starting blank diameter = 7.4.015(32.72 .56 mm.25)(0.21 Solve Problem 20.Drawing Operations 20.Dp)/Db = (225 .0.000 lb/in2.000)(7. (d) Does the operation seem feasible? Solution: (a) DR = Db/Dp = 225/100 = 2. r < 50%.20 A deep drawing operation is performed in which the inside of the cylindrical cup has a diameter of 4.125)(65. Thus.2 x 0.7/4. and (2) base.0089 = 0.7) = 180. and a shear strength of 40.2t + 2Rd)2) Fh = 0.7/4.25 .25)(0. (c) drawing force. Solution: (a) DR = Db/Dp = 175/100 = 1.15625)2) = 0. 0)(3.375 = 4.942 N 20.94.0 .25πDb2 = 25.25/0. which would reduce DR.875 (b) r = (Db .589) = 8.425) = 53.80 .015Yπ(Db2 .25π(5)2 = 25. this operation may not be feasible. Punch and die radii = 4 mm. Tensile strength = 400 MPa and a yield strength = 180 MPa for this sheet metal.0.2 x 3 + 2 x 4)2) = 0. assuming thickness t remains constant. the diameter of the circle described by the centroid is 4. compute the starting diameter of the blank to complete the operation with no material left in the flange.25)2/4 = 14.375 in. whose height = 3.7) = 354.0.25 = 101. 20. (c) drawing force. which has a diameter = 5. The surface area of the cup will be divided into three sections: (1) straight walls. (b) reduction.25π(2 x 0. (2) quarter toroid formed by the 0.25πDb2 Setting blank area = cup area: 0. the zero punch radius makes this operation infeasible anyway.780 in A2 = 4.847 in2 A3 = π(4.62) Fh = 114. Determine (a) drawing ratio. Solution: Use surface area computation.425 in. and the starting blank diameter = 150 mm.8 in and the diameter (inside dimension) = 5.2 x 0.265 = 4.20.0.050 in Test for feasibility: DR = Db/Dp = 10.375 = 3.(Dp + 2.265 beyond the center of the 0.050/5.Dp)/Db = (150 – 80)/80 = 70/150 = 0. Is the operation feasible (ignoring the fact that the punch radius is too small)? Solution: Use surface area computation.23 except use a punch radius = 0.25 in A1 = πDph = π(5.(80 + 2.78π(0.375) = 0.24 Solve Problem 20. Thus. assuming thickness t remains constant.0 mm.25 + 2 x 0.188 in2 .01.25πDb2 = 25. With a rounded punch radius. The height (inside dimension) of the cup = 3. and (3) base.375 sin 45 = 0. Of course.375 radius at the base of the cup. Because DR > 2. The centroid is located at the center of the arc. The stock thickness = 3.0.015(180)π(1502 .0 Db = 10. (d) Fh = 0.0 = 2.7) = π(80)(3)(400)(150/80 .25π in2 Blank area = πDb2/4 = 0.0 in. Assuming the punch radius = 0. the blank size would be slightly smaller.8) + 0.807 in 2 A2 = length of the quarter circle at the base multiplied by the circumference of the circle described by the centroid (Pappus-Guldin Theorem): length of quarter circle = πD/4 = 0.2t + 2Rd)2) Fh = 0.375 in radius.015(180)π(1502 . which is 0. Cup area = wall area + base area = πDph + πDp2/4 = 5π(3.589 in. and (d) blankholder force.22 A cup drawing operation is performed in which the inside diameter = 80 mm and the height = 50 mm. Solution: (a) DR = 150/80 = 1.46 (c) F = πDpt(TS)(Db/Dp .23 A deep drawing operation is to be performed on a sheet-metal blank that is 1/8 in thick.418 N. with a punch radius Rp = 0.25π(70)2 = 14.0.18%.25 except that the height = 60 mm. These criteria values indicate that the operation is feasible.25 A drawing operation is performed on 3.825 Db = 9.23 was not feasible.7855 = 18.7855Db2 Setting blank area = cup area: 0.842/0. (a) Find the required starting blank size Db. the operation in the present problem seems feasible. this shape would be difficult to draw because the drawing punch would act on the metal like a blanking punch. Whereas the operation in Problem 20.978. which is above the value of 1% used as a criterion of feasibility in cup drawing.7855Db .25π(70) 2 = 17.846 Db2 = 14. Blank area = πDb 2/4 = 0. 20. Cup area = wall area + base area = πDph + πDp 2/4 = π(70)(50) + 0.0 mm stock.48 = 0.188 = 76.26 Solve Problem 20.842 Db2 = 76.964.7855Db2 Setting blank area = cup area: 0.0 = 1.842 in2 Blank area = πDb2/4 = 0.807 + 8.48/70 = 1. Solution: Cup area = wall area + base area Cup area = πDph + πDp 2/4 = π(70)(60) + 0. 3/e (published by Wiley) © MPGroover 2007 Test for feasibility: DR = Db/Dp = 137.89/5.7855Db2 = 76. Assume the corner radius on the punch is zero.0126 = 1.890 in Test for feasibility: DR = Db/Dp = 9. 127 Solutions for Fundamentals of Modern Manufacturing. Blank area = πDb 2/4 = 0.7855Db2 Setting blank area = cup area: 0.89 = 0.846/0.Total area of cup = 53. The thickness to diameter ratio t/Db = 0.7855 = 97.7855Db 2 = 14. (b) Is the drawing operation feasible? Solution: Use surface area computation. which is less than the limiting ratio of 2.900 Db = 137. t/Db = 3/137. however. The part is a cylindrical cup with height = 50 mm and inside diameter = 70 mm.48 mm Excerpts from this work may be reproduced by instructors for distribution on a not-for-profit basis for testing or instructional purposes only to students enrolled in courses for which the textbook has been adopted. 20.0218 = 2.26%. Any other reproduction or translation of this work beyond that permitted by Sections 107 or 108 of the 1976 United States Copyright Act without the permission of the copyright owner is unlawful.847 + 14. assuming thickness t remains constant.125/9.045 mm2.846 mm 2. 7855Db2 Setting blank area = cup area: 0. (2) quarter toroid formed by the 0.7855Db 2 = 16. Since the DR is greater than 2. Thus.8 mm2 Total area of cup = 10.5 Db2 = 16. One has ears.529. The surface area of the cup will be divided into three sections: (1) straight walls.6 mm2 A2 = length of the quarter circle at the base multiplied by the circumference of the circle described by the centroid (Pappus-Guldin Theorem): length of quarter circle = 2πRp/4 = 0. A1 = πDph = π(70)(50) = 10.71) = 3166.04%. Test for feasibility: DR = Db/Dp = 147.8 = 16.1 + 1963.31 mm.71 mm. the punch radius Rp = 0 would render this operation difficult if not infeasible.045 Db2 = 17.28 mm Test for feasibility: DR = Db/Dp = 143. whose height = 60 . . This may not be possible since a design change is required. There are several possible remedies: (a) increase the t/D ratio by using a thicker gage sheet metal.5/0. (3) Tearing occurs due to high tensile stresses in the walls of the cup near the base. Also. The material is anisotropic. which is 10 sin 45 = 7. this operation is considered infeasible. A remedy would be to provide a large punch radius. t/Db = 3/147.2 = 17.071 beyond the center of the 0. 20.0 Db = 143. this operation is considered infeasible.31/70 = 2.0.995.1 mm2 A3 = π(50)2/4 = 1963.10. One remedy is to anneal the metal to reduce the directionality of the properties.375 in radius.142π(15. (b) Increase the blankholder pressure against the work during drawing.045/0. assuming thickness t remains constant. Tearing can also occur due to a die corner radius that is too small.375 radius at the base of the cup.0204 = 2.31 = 0. What are the causes of each of these defects and what remedies would you propose? Solution: (1) Ears are caused by sheet metal that has directional properties.142 mm.700 Db = 147.7855 = 20. and (3) base.28/70 = 2.0.10 = 50 mm.5 mm2 Blank area = πDb 2/4 = 0. 20.125.071 = 64. (2) Wrinkles are caused by compressive buckling of the flange as it is drawn inward to form the cup. as in the previous problem. Solution: Use surface area computation.28 The foreman in the drawing section of the shop brings to you several samples of parts that have been drawn in the shop.047. another has wrinkles.25π(2 x 10) = 15. The centroid is located at the center of the arc.995.27 Solve Problem 20.26 except that the corner radius on the punch = 10 mm. and still a third has torn sections at its base. which has a diameter = 70 .125. the diameter of the circle described by the centroid is 50 + 2 x 7.125. The samples have various defects.2 x 10 = 50 mm.6 + 3166. Since the DR is greater than 2.7855 = 21. A2 = 64. 14).20 = 21.75)/4 = 2.430 in3 V2 = (cross-section of quarter toroid) x (circle made by sweep of centroid) Cross-section of quarter toroid = 0. (c) stretching force F.1964) = 1. according to Eq.125π(2.30.000 lb/in2 and a strain hardening exponent of 0.5 in.1963Db2 = 4.25)2] . (a) What is the minimum starting blank diameter that can be used.002)0.000(0.75 in computed in (a) does not provide sufficient metal to complete the drawing.25 in. (2) toroid at base.30 A 20 in long sheet-metal workpiece is stretched in a stretch forming operation to the dimensions shown in Figure P20.Dp < 5t Db < 5t + Dp = 5(0. F = LtYfYf = 75.375)2] = 0.25/2)sin 45 = 2. The thickness of the beginning stock is 3/16 in and the width is 8.75 in blank diameter. (a) Find the stretching force F required near the beginning of the operation when yielding first occurs.457π(0. The yield strength of the material is 30.601 in3 Total V = V1 + V2 + V3 = 2.25π[(0.20.1964 in2 Circle made by centroid sweep has diameter = (2.75 in (b) Because the sheet metal is rather thick.25) 2.457 in V2 = 2.002 as start of yielding. Determine (b) true strain experienced by the metal.(0. and (d) die force Fdie at the very end when the part is formed as indicated in Figure P20.516 + 0.375 + 0. Other Operations 20.375)π[(2. its height = 1. and (3) base.547 in3 Volume of blank = πDb 2t/4 = π(0. V1 = (1.1963 = 23. Db .516 in 3V3 = (2.25) + 2(0.25) + 2.375 in.2 x 0.5 in.000 lb/in2. (22.29 A cup-shaped part is to be drawn without a blankholder from sheet metal whose thickness = 0.25)Db2/4 = 0. and the corner radius at the base = 0. The drawn cup consists of three sections: (1) cup walls.14)? (b) Does this blank diameter provide sufficient material to complete the cup? Solution: (a) According to Eq. let us use volume rather than area to determine whether there is sufficient metal in a 3.5 in.30(b).0.5)2)/4 = 1. Solution: (a) Use ε = 0.547 Db2 = 4.375)2π(0.5 = 3.547/0.5 .25)/4 = 0.600 lb/in2 .5 . The inside diameter of the cup = 2.81 in.601 = 4.16 Db = 4.430 + 1.5 . (20.2 x 0.5 + 2 x 0. The diameter of 3.1963Db2 Setting blank volume = cup volume: 0. The metal has a flow curve defined by a strength coefficient of 75.20.375 + 0.(2. 32. the length of the piece is increased from 20.4 = 0.25)/sin 30 = 25 + 75/0.F = (8. (3) Pack sand into the tube.50 = 50% 20. tf = 0. assuming width L = 8.0 in to 2(102 + 52)0.700 lb. (d) Fdie = 2F sin A A = tan-1(5/10) = 26.1116 (c) At the final length of 22.32 If the part illustrated in Figure P20.4)sin 30 = 2.34 A 75 mm diameter tube is bent into a rather complex shape with a series of simple tube bending operations.31 using a conventional spinning operation.4(0.5 = 175 mm Excerpts from this work may be reproduced by instructors for distribution on a not-for-profit basis for testing or instructional purposes only to students enrolled in courses for which the textbook has been adopted.400) = 69. Determine (a) the wall thickness along the cone-shaped portion.000(0.361) = 0. the thickness of the sheet metal has been reduced to maintain constant volume.732.5 in remains the same during stretching.168 in Yf = 75. Solusi untuk Dasar-dasar Manufaktur modern.1875)(21.000) sin 26.31 Determine the starting disk diameter required to spin the part in Figure P20.31 were made by shear spinning. In one of the bends where the bend radius is 125 mm.5 = 22.57 = 61. 3 / e (diterbitkan oleh Wiley) © MPGroover 2007 20 LEMBAR Metalworking Pertanyaan-pertanyaan .tf)/t = (2. (b) After stretching. Solution: (a) tf = t sin α = (2. Shear strain γ = cot 30 = 1. Solution: From part drawing.75 mm.1875(20/22.4 – 1. The tubes will be used to deliver fluids in a chemical plant.361 in ε = ln(22.118 = 0.361/20) = ln 1. radius = 25 + (100 .20 = 48.2 mm (b) r = (t . The wall thickness on the tube = 4. The sand will act as an internal flexible mandrel to support the tube wall. 3/e (published by Wiley) © MPGroover 2007 Starting diameter D = 2(175) = 350 mm 20.000 lb. Any other reproduction or translation of this work beyond that permitted by Sections 107 or 108 of the 1976 United States Copyright Act without the permission of the copyright owner is unlawful. 20.1116)0. The starting thickness = 2.361 in. (2) Request the designer to increase the bend radius to 3D = 225 mm.33 Determine the shear strain that is experienced by the material that is shear spun in Problem 20.5)(0.5) = 1.500 lb.4 mm. the walls of the tube are flattening badly.129 Solutions for Fundamentals of Modern Manufacturing.2)/2.400 lb/in2 F = 8.168)(48. 20. Solution: Based on sidewise displacement of metal through a shear angle of 30°.5(0. and (b) the spinning reduction r. What can be done to correct the condition? Solution: Possible solutions: (1) Use a mandrel to prevent collapsing of tube wall.57° Fdie = 2(69.600) = 34. . 2 Dalam blanking bagian lembaran logam melingkar. Lihat Gambar 20. Di tepi lentur. dibagi dengan sudut perkakas. biasanya diukur sebagai perbedaan antara sudut termasuk akhir dari bagian membungkuk dan sudut dari perkakas yang digunakan untuk membuat tikungan. Jawaban. kekuatan pukulan lembaran kantilever bagian logam dari tepi mati untuk mendapatkan sudut tikungan yang diinginkan. Tunjangan bend dimaksudkan untuk mengimbangi peregangan dari lembaran logam yang terjadi dalam operasi membungkuk ketika radius tikungan relatif kecil dengan ketebalan saham. (2) membungkuk.12. Sebuah operasi pemotongan siput perpisahan antara bagian-bagian yang berdekatan di Gaza. sedangkan operasi seminotching menghilangkan sebagian dari lembaran logam dari bagian dalam lembaran atau strip. 20. Dalam V-lipatan. Diameter sama dengan diameter mati kosong.7 Untuk apa adalah tunjangan dimaksudkan untuk mengkompensasi tikungan? Jawaban. (a) apa nama perkakas dan (b) apa yangnama alat mesin yang digunakan dalam operasi? Jawaban.5 Apa perbedaan antara operasi bentukan dan operasi seminotching? Jawaban. Jawaban. 20. dan diameter punch adalah lebih kecil dengan dua kaliclearance. pukulan sederhana dan mati yang masing-masing memiliki sudut disertakan digunakan untuk membungkuk bagian. (B) alat mesin disebut tekan stamping.8. Sebuah luka operasi notching keluar sebagian dari lembaran logam dari interior lembar atau strip. 20. berongga bagian. bersihan diterapkan dengan diameter punch atau matidiameter? Jawaban. 5 Apa yang springback di lembaran logam lentur? Jawaban. 3 Apa perbedaan antara operasi cutoff dan operasi perpisahan? Jawaban. Menggambar adalah pengerjaan logam lembaran operasi yang digunakan untuk memproduksi cangkir berbentuk atau berbentuk kotak.9 menggambar dalam konteks Metalworking lembar. Jawaban. Lihat Gambar 20. (A) perkakas ini disebut pukulan-dan-mati. Menggambar dilakukan dengan menempatkan sepotong logam lembaran lebih dari rongga mati dan kemudian menggunakan pukulan untuk mendorong logam ke dalam rongga.2 Dalam operasi Metalworking lembar konvensional. Tentukan 20. Sebuah operasi cutoff memisahkan bagian dari strip dengan geser salah satu ujung dari setiap bagian dalamurutan.Dalam prinsip penyisihan tekuk sama dengan panjang dari logam membungkuk sepanjang sumbu netral. 4 Jelaskan masing-masing dari dua jenis operasi lembaran logam lentur: V-lipatan dan tepi lentur. atau kompleks lainnya-melengkung.1 Mengidentifikasi tiga tipe dasar operasi pengerjaan logam lembaran.20. dan (3) menggambar. Springback adalah pemulihan elastis dari lembaran logam usai menekuk. Tiga tipe dasar operasi pengerjaan logam lembaran adalah (1) pemotongan. Dalam gambar terbalik. 10 Mengidentifikasi komponen utama dari mati stamping yang melakukan pengosongan.Dp) / D. mungkin dengan operasi anil antara langkah-langkah. Alignment punch dan mati selama operasi stamping dicapai melalui panduan pin dan bushing di pemegang punch dan pemegang mati. (2) robek. Keuntungan dari hidrolik menekan adalah stroke ram lagi dan memaksa seragam di seluruh stroke.0) bahwa hal itu harus dilakukan dalam dua langkah menggambar. dan (4) goresan permukaan. Proses Guerin adalah proses pembentukan lembaran logam yang menggunakan karet yang mati flexes untuk memaksa lembaran logam untuk mengambil bentuk blok bentuk (pukulan). Menggambar cacat meliputi (1) kerutan. perubahan bentuk cukup signifikan (misalnya.13 Apa operasi timbul? Jawaban. menggambar rasio lebih besar dari 2. 14 Mengidentifikasi masalah teknis utama dalam tabung lentur? . Dalam menggambar ulang. 7 Bedakan antara menggambar ulang dan gambar terbalik.6 Apa adalah beberapa langkah sederhana yang digunakan untuk menilai kelayakan gambar cangkir yang diusulkan operasi? Jawaban. sebagai dijelaskan dalam Bagian 20. juga disebut C-frame karena nya profil adalah bentuk huruf "C".4. Mereka masing-masing melekat kepada pemegang pukulan (sepatu bagian atas alias) dan pemegang mati (alias rendah sepatu). 9 Apa peregangan membentuk? Jawaban. 13 Apa proses Guerin? Jawaban. (3) Anting. yang melakukan operasi pemotongan. (2) reduksi r = (D . t / D. yang memiliki sisi penuh untuk lebih besar kekuatan dan kekakuan dari frame. Komponen utama adalah punch dan mati. dan Dp = pukulan diameter. seperti dibangkitkan huruf atau tulang rusuk penguatan. 11 Apa dua kategori dasar dari struktur frame yang digunakan dalam menekan stamping? Jawaban. dua seri yang dicapai pada bagian. dimana t = ketebalan saham. Ukuran gambar kelayakan meliputi (1) rasio menggambar DR = D / Dp. 8 Apa adalah beberapa kemungkinan cacat di bagian lembaran logam ditarik? Jawaban. dan (2) lurus-sisi bingkai. 12 Apa keuntungan dan kerugian relatif penekanan mekanik dibandingkan menekan hidrolikdi Metalworking lembar? Jawaban. Regangkan pembentukan lembaran logam terdiri dari bersamaan peregangan dan lentur lembaran logam workpart untuk mencapai perubahan bentuk. yang kedua dalam arah yang berlawanan.3. D = diameter kosong. dan (3) ketebalan-to-diameter rasio. Keuntungan utama dari penekanan mekanik adalah tarif siklus yang lebih cepat. Jawaban. Embossing adalah pengerjaan logam lembaran operasi yang digunakan untuk membuat lekukan dalam lembaran. Jawaban. Dua kategori dasar dari frame pers (1) kesenjangan bingkai. satu dalam satu arah. 20. bagian itu sendiri disebut kosong. tikungan radius. atau (c) bekerja hangat? Jawaban.22 (Video) Menurut video pada lembaran logam lentur. 20. tekuk sudut. dan (8) pemantauan / kontrol sistem.2 Dalam operasi memotong lembaran logam yang digunakan untuk menghasilkan bagian datar dengan lubang di tengah. (3) mati desain.24 (Video) Nama empat proses membentuk tercantum dalam klip video pada lembaran logam stamping meninggal dan proses. apa faktor yang mempengaruhi sifat mampu bentuk dari logam? Jawaban: Faktor-faktor yang disebutkan dalam klip video yang mempengaruhi sifat mampu bentuk logam adalah (1) bagian bentuknya adalah faktor utama. 20. dan secarik yang dipotong keluar untuk membuat lubang disebut siput: (a) benar atau (b) palsu? Jawaban.23 (Video) Menurut video pada lembaran logam stamping mati dan proses. apa istilah utama yang digunakan untuk menjelaskan lentur pada rem pers? Jawaban: Istilah utama yang digunakan untuk menggambarkan lentur pada rem pers tikungan penyisihan. 20. Gulung lentur melibatkan membentuk lembaran besar dan bagian pelat logam melengkung ke bentuk. Roll membentuk melibatkan makan strip tunggal atau coil melalui gulungan berputar sehingga bentuk gulungan yang diberikan kepada strip. apa Sudut Rake pisau? Jawaban: Sudut Bilah Rake atau Angle adalah sudut geser antara dua permukaan yang datang bersama-sama untuk geser materi. Jawaban. dan springback membungkuk. Sebuah nilai yang lebih besar dari sudut berarti bahwa permukaan kurang dalam kontak dengan geser pisau setiap saat selama operasi. Masalah teknis utama dalam tabung lentur runtuhnya dinding tabung selama lentur proses. Sudut dari nol berarti bahwa geser berlangsung pada saat yang sama waktu bersama seluruh permukaan. dan (4) hemming. (3) ketebalan logam. (b) panas bekerja.Jawaban. (A). Kuis Pilihan Ganda 0. (2) daktilitas lembaran logam. 20.1 operasi pengerjaan logam lembaran Kebanyakan dilakukan sebagai mana berikut: (a) dingin bekerja. (7) lembar mekanisme logam makan. (3) flanging. (5) tekan kecepatan. 20. Jawaban: empat proses membentuk tercantum dalam klip video adalah (1) gambar.21 (Video) Menurut video pada lembaran logam geser. (2) sifat logam. dan (4) pelumasan mati. (A). (2) lentur. Jawaban: Faktor-faktor yang mempengaruhi terus menurunkan tekanan dalam operasi menggambar meliputi (1) menggambar keparahan reduksi. 15 Bedakan antara gulungan lentur dan roll membentuk. (4) stamping tekan. 20.25 (Video) Daftar faktor-faktor yang mempengaruhi terus menurunkan tekanan dalam operasi menggambar sesuai dengan video pada lembaran logam stamping meninggal dan proses. . (6) pelumasan. (e) kekuatan tarik. 20. (d) setrika.20. 20. (c) overbending. yang mana dari operasi mungkin layak (tiga jawaban terbaik: (a) DR = 1.4 Sebuah logam lembaran siput melingkar diproduksi dalam operasi meninju lubang akan memiliki diameter yang sama sebagai yang mana dari berikut: (a) pembukaan mati atau (b) punch? Jawaban. (D). (c) r = 0. dan (e) t / D = 2%? Jawaban. (d) r = 0. dan (e). dan (c) tarik? Jawaban. (A). (c) faktor keamanan yang digunakan dalam menghitung kekuatan bending. (B) dan (e). (b) perkakas murah.5 Kekuatan pemotongan dalam operasi blanking logam lembaran tergantung pada sifat mekanik dari logam (satu jawaban yang benar): (a) kuat tekan. (b) jumlah pemulihan elastis dialami oleh logam setelah membungkuk. (A). 20. (d) tinggi kian. (D) laju regangan. atau (f) kekuatan luluh? Jawaban. (b) meningkat. 20.11 Berikut ini adalah ukuran kelayakan untuk beberapa operasi menggambar cangkir yang diusulkan. (b) geser.35.7 Lembar logam lentur melibatkan mana tegangan berikut dan strain (dua jawaban yang benar): (a) tekan. 20. dan (H) tabung lentur? Jawaban. (f) geser berputar. clearance antara punch dan harus mati mana dari berikut: (a) menurun. (d) yang digunakan untuk produksi yang tinggi. (e) digunakan untuk produksi yang rendah. (b) modulus elastisitas. (e) bentukan.9 springback dalam operasi logam lembaran lentur hasil yang salah satu dari berikut: (a) elastic modulus logam. 20. 20. (b) pemulihan elastis logam. (B) dan (c).6 Manakah dari uraian berikut berlaku untuk operasi V-membungkuk dibandingkan dengan tepi operasi lentur (dua jawaban terbaik): (a) perkakas mahal. dan (f) menggunakan pad tekanan untuk menekan lembaran logam? Jawaban. (B). (b) flanging.3 Sebagai lembaran logam kekerasan saham meningkat dalam operasi blanking. (c) kekuatan geser. (D). (A) dan (c).10 Manakah dari berikut ini adalah variasi dari operasi lembaran logam lentur (dua jawaban terbaik): (a) coining. atau (e) hasil kekuatan logam? Jawaban. (c) hemming. (b) DR = 2.65. (c).8 Yang salah satu berikut ini adalah definisi terbaik dari penyisihan tikungan: (a) jumlah dengan yang mati lebih besar dari pukulan. atau (c) tetap sama? Jawaban.7. (c) terbatas pada 90 ° lengkungan atau kurang. (g) pemangkasan. 20. atau (d) panjang sebelum membungkuk lembar lurus bagian logam menjadi bengkok? Jawaban. (B). .7. 4.210 mm (A) blanking pukulan diameter = Db . (c) elektron memotong balok. (b) membentuk elektromagnetik. Bahan ini 4 mm stainless steel tebal (setengah keras).15 mm.1.0 mm.15 Manakah dari proses berikut ini diklasifikasikan sebagai energi tinggi-tingkat proses membentuk (dua terbaik jawaban): (a) elektrokimia mesin. Ac = 0.060.285 mm 20.1. (b) mati kombinasi. Dengan demikian. Dengan demikian.4.210) = 15. 20.0-2 (0.50 mm tebal. atau (f) V-bending mati? Jawaban.42 mm 20.2 (0.060.2c = 75. Tentukan dimensi dari pukulan blanking dan mati pembukaan.0 mm dan diameter dalam adalah 15. Pukulan diameter = Db . Bagian yang melingkar dengan diameter = 75. Dengan demikian.075. (b) kurang sama dengan. Solusi: Dari Tabel 20.3) = 49. (C).060 (3. Ac = 0.15) = 74. (b) membuka kembali inclinable. Diameter luar mesin cuci adalah 50.0 mm.70 mm.00 mm Meninju mati Diameter = Dh + 2c = 30 + 2 (0. Die Diameter = Db = 75. (g) menggambar ulang.2 Sebuah operasi pengosongan yang akan dilakukan pada 2.1. dan (b) punch dan mati ukuran untuk operasi meninju.4 mm Dimensi lebar 50 mm = 50 .3) = 84. (e) mati progresif.075 (2. (B). (B) dan (d). c = 0. dan (h) geser berputar? Jawaban.2 (0.75 mm tebal. atau (c) dari kekuatan maksimum menggambar? Jawaban.00 mm (B) Punching pukulan diameter = Dh = 15. Blanking pukulan: 85 mm Dimensi Panjang = 85 .0) = 0.075 (4. (c) senyawa mati. Tentukan (a) ukuran punch dan mati untuk operasi blanking. dan (e) lurus-sisi? Jawaban.2 (0.12 dalam menggambar yang paling mungkin (a) lebih besar daripada.0 mm.4 mm Atas dan .14 Yang salah satu jenis pers berikut ini biasanya berhubungan dengan tingkat produksi tertinggi di sheet metal stamping operasi: (a) tempat tidur disesuaikan.1 Sebuah gunting listrik digunakan untuk memotong baja gulungan dingin yang lembut adalah 4.0) = 0. (c) tekan rem. Dengan demikian.58 mm Blanking mati Diameter = Db = 50. (f) hydroforming. 20.30 mm Blanking mati: dimensi adalah sama seperti untuk bagian dalam Gambar P20. Pada apa yang peluruhannya harus gunting diatur untuk menghasilkan pemotongan yang optimal? Solusi: Dari Tabel 20.060 (4. 20. Ac = 0. (d) kesenjangan yang solid. Solusi: Dari Tabel 20.4 Sebuah dadu blanking harus dirancang untuk kosong garis besar bagian yang ditunjukkan pada Gambar P20. (e) proses Guerin. (d) mati tepi lentur. Solusi: Dari Tabel 20.075. (D) membentuk ledakan.13 Yang salah satu mati stamping berikut adalah yang paling rumit: (a) mati blanking.0 mm baja gulungan dingin tebal (setengah keras). Ac = 0.21) = 49.75) = 0. (E). c = 0.2c = 50 . c = Undang-Undang = 0.Kekuatan memegang 20. Masalah Pemotongan Operasi 20. c = 0.3 Sebuah dadu senyawa akan digunakan untuk kosong dan pukulan mesin cuci besar dari paduan ST aluminium 6061 lembar saham 3.1.50) = 0. 20. Tentukan pukulan yang tepat dan ukuran mati untuk operasi ini. = 25 - 2 (0.1 mm = 50π (menggunakan blanking) F = 0. (B) Asumsikan pukulan yang terhuyung sehingga meninju terjadi pertama.8 Mandor di bagian pressworking datang kepada Anda dengan masalah operasi blanking yang memproduksi komponen dengan Gerinda berlebihan. Punching panjang potong. pembuat mati harus membangun kembali punch dan mati.4.0.9 Operasi lentur yang akan dilakukan pada 5.100 N = 155. mengingat bahwa stainless steel memiliki kekuatan geser = 600 MPa. sehingga KBA = 0. yang kurang dari 2.0) (235.6 pers tonase minimum untuk melakukan operasi blanking dan meninju pada Soal 20.6) = 155.α '= 140 °.000 N. L = πD = = 235. (2) Jika mati tidak dipakai. Lembaran logam aluminium memiliki kekuatan tarik 310 MPa =.2.4 mm 20.4482 * 2000) ton = 17.3. R = 8. Ini adalah tentang 86. Jika tidak.4. Pembengkokan 20.0 mm dari Soal 20. dan (2) punch dan mati tepi pemotongan yang dikenakan (dibulatkan) yang memiliki efek yang sama karena clearance berlebihan. koefisien kekuatan 350 MPa.50 mm α = 180 .200 N Tentukan 20.2. L = 157.5 mm dari Soal 20.4 ton => 18 ton tekan (B) panjang terpanjang akan menentukan tonase tekan minimum yang diperlukan.84 mm . blanking panjang potong.Gambar bagian yang diberikan dalam Gambar P20.7 (310) (3.00 mm baja digulung tebal dingin. dan (b) apa yang bisa dilakukan untuk memperbaiki kondisi? Solusi: (a) Alasan Gerinda berlebihan: (1) jarak antara punch dan mati adalah terlalu besar untuk material dan ketebalan stok.300 N = 119.5) (235. jika baja memiliki kekuatan geser = 325 MPa dan kekuatan tarik 450 MPa. (A) Asumsikan bahwa blanking dan meninju terjadi secara bersamaan.1) = 119.0) (320) = 768. (B) Untuk memperbaiki masalah ini: (1) Periksa punch dan mati memotong tepi untuk melihat apakah mereka dipakai.3.2 mm = 65π F = 0. kemudian blanking. L = 15π. L = 85 + 50 + 25 + 25 + 35 + 25 + 25 + 50 = 320 mm F = 600 (4. Solusi: (a) F = 0. L = 50π + 15π = 204.7 Tentukan kebutuhan tonase untuk operasi blanking pada Soal 20.7 (310) (3.9.333 x 5.5) / (5.00) = 1.bawah 25 mm lebar ekstensi Para 25 mm dimensi inset tetap sama. dan strain pengerasan eksponen dari 0.7.5 Tentukan gaya blanking diperlukan dalam Soal 20.3) = 24.3 ton 20. Ab = 2π (α/360) (R + Kbat) R / t = (8.0) = 24.5 + 0.4482 * 2000) ton = 13.65) = 153. regrind wajah untuk mempertajam tepi pemotongan.3000 / (4. Solusi: Dari gambar. Menentukan ukuran kosong diperlukan. (A) Apa alasan mungkin untuk Gerinda.333 Ab = 2π (140/360) (8.1000 / (4. mengukur pukulan dan mati izin untuk melihat apakah itu sama dengan nilai yang direkomendasikan.4 ton = tekan> 14 ton 20.7 (TS) TL t = 3.5) (157. Solusi: F = STL t = 4 mm dari Soal 20. Jika mereka. Solusi: F = STL t = 2. α '= 40 °.65 mm 75π F = 325 (2.12. L = 58 + 34.00) = 34. Kbf = 0.33.728 Memecahkan Masalah 20.000 dalam dari ujung. F = Kbf (TS) wt2 / D = 1.35 mm. panjangnya akan lebih besar setelah menekuk daripada sebelumnya. F = Kbf (TS) wt2 / D = 0.5) (5 / 32) 2/1.15 20.5 Ab = 2π (140/360) (11. Oleh karena itu.0) 2 / 40 = 17. Solusi: Untuk tepi-membungkuk dalam mati menyeka.33 (70.0-0. F = Kbf (TS) wt2 / D = 0.71 20.33 (70. panjang sumbu netral bagian akan 2 (1. Tikungan 90 ° harus dilakukan di tengah-tengah 4-in panjang.15625) = 0.35) / (5.33.5 x 5. Ab = 2π (α/360) (R + Kbat) R / t = (11.33.21 + 46.33 (600) (35) (5.8122 di (B) Karena logam membentang selama lentur.1875 + 0.21 mm Dimensi mulai kosong: w = 35 mm.75 in Solusi: Untuk tepi-membungkuk dalam mati menyeka.5 mm = 138.33 (600) (35) (5. Solusi: Untuk V-lipatan.000 lb/in2.460 N Memecahkan Masalah 20.12 kecuali bahwa operasi dilakukan dengan menggunakan cetakan menyeka dengan membuka mat Dimensi = 28 mm.9 jika tikungan harus dilakukan dalam mati Vdengan pembukaan mati dimensi 40 mm. (A) Tentukan dimensi dari kedua belah pihak yang sama yang akan hasil setelah tikungan. sehingga KBA = 0. Kbf = 0.4173 di Oleh karena itu.14 Tentukan gaya lentur yang diperlukan pada Soal 20.14 kecuali bahwa operasi dilakukan dengan menggunakan cetakan menyeka dengan membuka mati Dimensi = 0.4173 = 4.0 kosong datar oleh 1. Solusi: Dari gambar. Solusi: Untuk V-lipatan.84 + 46.13 20.Dimensi mulai kosong: w = 35 mm.25 masuk materi memiliki kekuatan tarik = 70.128 .2.0) 2 / 28 = 6.270. 20. F = Kbf (TS) wt2 / D = 1.15625) = 0. L = 58 + 24.5 mm = 129.33. ini belah pihak harus diukur untuk awal radius tikungan. Kbf = 1.3756) = 1.188 N 20. jika radius tikungan = 3 / 16 in Untuk kenyamanan.12 Tentukan gaya lentur yang diperlukan pada Soal 20.α '= 140 °.25 = £ 2.75 = £ 1.000) (1. Its panjang sebelum membungkuk = 4.1875 + 0.3756 di Dimensi (panjang) dari setiap akhir = 0.8122) + 0.000) (1.5 x 0.5 in yang 5 / 32 di tebal. (C) Bila perlu mesin Operator mengatur berhenti pada rem tekan relatif terhadap panjang mulai dari bagian? Solusi: (a) R / t = (3 / 16) / (5 / 32) = 1. R = 11. Materi yang memiliki kekuatan tarik 600 MPa dan geser kekuatan 430 MPa. Kbf = 1.0417 di (C) Operator harus menetapkan menghentikan sehingga ujung V-pukulan kontak kosong mulai pada Jarak = 2. KBA = 0.33 x 0.33 Ab = 2π (90/360) (0. (B) Juga. menentukan panjang sumbu netral bagian setelah tikungan.10 kecuali bahwa tikungan radius R = 11.11 jika tikungan harus dilakukan dalam mati Vdengan dimensi mati membuka lebar = 1.5) (5 / 32) 2/0. α '= 40 °.35 mm α = 180 .34 Memecahkan Masalah 20.00) = 2.11 Bagian L-berbentuk menjadi bengkok dalam operasi V-lentur pada rem pers dari 4.000 masuk Panjang membentang dari tikungan sepanjang sumbu netral akan menjadi: Bent = 2π panjang (90/360) (0.5 (4.9 20.35 + 0. 0114 = 1.17 ekspresi untuk r pengurangan menggambar sebagai fungsi dari rasio menggambar DR. 20.33.56 mm. (b) reduksi. Solusi: (a) DR = Db / Dp = 175/100 = 1.015 (32. mengingat bahwa dimensi membuka mati = 15 mm.7 masuk jari-jari Punch dan mati = 5 / 32 masuk logam ini memiliki kekuatan tarik = 65.20 Sebuah operasi deep drawing dilakukan di mana bagian dalam cangkir silinder memiliki diameter 4. (b) pengurangan. (D) Apakah operasi tampaknya layak? Solusi: (a) DR = Db / Dp = 225/100 = 2.19 20.100) / 175 = 0.25 (b) r = (Db .33 (340) (20) (3) 2 / 15 = 5426 N Menggambar Operasi Turunkan 20.Namun.18 kecuali bahwa ukuran diameter mulai kosong = 175 mm. r adalah terlalu besar (lebih dari 50%).0.000 lb/in2.0089 = 0. F = Kbf (TS) wt2 / D = 1.2 x 0.16h + 7854 = 24.053 mm2 . Jika diameter 225 mm kosong =.2t + 2rd) 2) Fh = 0. Hitung diperlukan memaksa untuk menekuk bagian.20.Dp / Db = 1 .15625) 2) = 0.7/4. r <50%. dan (c) ketebalan-to-diameter rasio. tentukan (A) rasio gambar. dan diameter kosong mulai = 7.25 = 1.0. dengan asumsi sudut jari-jari pada pukulan memiliki efek diabaikan dalam kita perhitungan dan tidak ada Anting cangkir.000) (7.25 .16 Sebuah lembar-logam bagian 3.015 (32. Tinggi cangkir yang sebenarnya mungkin dengan diameter 175 mm kosong dapat ditentukan dengan membandingkan daerah permukaan (satu sisi hanya untuk kenyamanan) antara cangkir dan mulai kosong.72 . Kbf = 1. Kosong luas = πD2 / 4 = π (175) 2 / 4 = 24.25 + 2. Tinggi cangkir adalah 75 mm dan isinya Diameter = 100 mm. Untuk menghitung luas permukaan cangkir.015Yπ (DB2 .000 lb/in2. Memecahkan Masalah 20.0.100 .7) = π (4.Dp) / Db = (225 .16h = 16. operasi tersebut tidak layak karena ukuran diameter 175 mm kosong tidak memberikan logam yang cukup untuk menarik tinggi 75 mm cangkir.9752) Fh = £ 52.(Dp + 2.000) π (7. Solusi: Untuk V-lipatan.25 dan ketinggian = 2.65 masuk Ketebalan saham = 3 / 16.14% (d) Kelayakan? DR <2. Ketebalan lembaran logam = 2 mm.Dp) / rasio DbDrawing DR = Db / DPR = Db / Db .81 (B) t / Db = = 0. suatu kekuatan luluh = 32. Piala luas = πDph + πDp2 / 4 = 100πh + π (100) 2 / 4 = 100πh + 2500π = 314. dan kekuatan geser 40.16h + 7854.7 2.Dp) / Db = (175 .72-4.75 (b) r = (Db .9% (C) t / Db = 2 / 175 = 0.900 (D) Fh = 0.1875/7.053 314.100) / 225 = 0.1875 + 2 x 0. Atur luas permukaan permukaan = cangkir yang kosong memulai: 314.25) (0. dan t / D> 1%.000 lb/in2.555 = 55.0).199 h = 51.0 mm tebal dan 20. dan (d) kekuatan blankholder.0 mm dibengkokkan ke sudut yang disertakan = 60 ° dan tikungan jari-jari = 7.7) = £ 180.5% (c) t / Db = 2 / 225 = 0. Logam memiliki kekuatan tarik 340 MPa =.89% (d) Kelayakan? Tidak! DR terlalu besar (lebih besar dari 2. dan t / D adalah terlalu kecil (kurang dari 1%).(4. Solusi: (a) DR = 7.02435 = 0. Solusi: Pengurangan r = (Db . Ini adalah kurang dari 75 mm ketinggian tertentu.1/DR 20.18 cangkir adalah yang dapat ditarik dalam operasi deep drawing.000) π (7.435% (C) F = πDpt (TS) (Db / Dp . Tentukan (a) rasio gambar. (c) menggambar kekuatan. Jadi.1875) (65.7/4.429 = 42.Dp / Db = 1 . mari kita membagi cangkir menjadi dua bagian: (1) dinding. dan (2) dasar.5 mm V-mati. 20 kecuali bahwa ketebalan saham t = 1 / 8 in Solusi: (a) DR = 7.875 (B) r = (Db . Jadi.25) (0. Tentu saja.375 = 3. dan (d) kekuatan blankholder.000) π (7.0.425) = 53. Apakah layak operasi (mengabaikan fakta bahwa jari-jari pukulan terlalu kecil)? Solusi: Gunakan perhitungan luas permukaan.780 di A2 = 4.125 + 2 x 0.7) = 354418 N.125/7.(Dp + 2. Tentukan (a) rasio gambar. Solusi: (a) DR = 150/80 = 1.375 45 = 0.0.25π in2 Area kosong = πDb2 / 4 = 0.0.Dp) / Db = (150 .188 in2 Total area cangkir = 53.0.(Dp + 2. yang akan mengurangi DR.(4.25 + 2.2t + 2rd) 2) Fh = 0.7/4. Punch dan jari-jari mati = 4 mm. Memecahkan Masalah 20. dan (3) dasar. Kekuatan tarik 400 MPa = dan kekuatan luluh = 180 MPa untuk lembaran logam.21 20. (D) Fh = 0.Luas permukaan cangkir akan dibagi menjadi tiga bagian: (1) dinding lurus.25 = 101.25π (2 x 0.000) (7.25 .842 in2 Area kosong = πDb2 / 4 = 0.015 (32. menghitung diameter mulai dari kosong untuk menyelesaikan operasi tanpa materi tersisa di flange.62) Fh = 114.7 1.72 .589) = 8.2 x 3 + 2 x 4) 2) = 0.25π (5) 2 = 25.25 di A1 = πDph = π (5. Piala luas = dinding area + dasar + wilayah = πDph πDp2 / 4 = 5π (3.7) = £ 120.188 = 76.0 Db = 10. dan diameter kosong mulai = 150 mm.015 (180) π (1502-94.8) + 0.80-0.807 di2 A2 = panjang seperempat lingkaran di dasar dikalikan dengan keliling lingkaran digambarkan oleh (Pappus-Guldin Teorema) sentroid: panjang seperempat lingkaran = πD / 4 = 0. Ketebalan saham = 3.(80 + 2.7855Db2 .015Yπ (D2 . yang memiliki diameter = 5.0) (3. (c) gaya menggambar.01.050 di Test untuk kelayakan: DR = Db / Dp = 10.46 (C) F = πDpt (TS) (Db / Dp . jari-jari nol pukulan membuat operasi ini layak pula.623% (C) F = πDpt (TS) (D / Dp . Ketinggian (Dalam dimensi) dari cangkir = 3.0.78π (0.050/5.01623 = 0.25/0. ukuran kosong akan sedikit lebih kecil.2 x 0.0 2 x 0.425 di.942 N 20. Dengan bulat jari-jari pukulan.0 = 2.24 20.000) π (7. operasi ini mungkin tidak layak.7) = π (4.72-4.100 20.25 = 1.847 in2 A3 = π (4. diameter lingkaran digambarkan oleh centroid adalah 4.375 di dasar cangkir.25πDb2 = 25.807 + 8.015Yπ (DB2 .83752) Fh = £ 54.25πDb 2 Mengatur area kosong = gelas daerah: 0.015 (32.7/4. (b) reduksi.265 dosa luar pusat dari 0.015 (180) π (1502 .25) 2 / 4 = 14.375 = 4.80) / 80 = 70/150 = 0.265 = 4.15625) 2) = 0.25 + 2 x0.25πDb2 = 25.847 + 14.81 (sama seperti masalah sebelumnya) (B) t / Db = = 0.375 di radius. yang tingginya = 3.589 masuk centroid ini terletak di pusat busur. dengan asumsi t ketebalan tetap konstan.600 (D) Fh = 0. dengan asumsi t ketebalan tetap konstan.7) = π (80) (3) (400) (150/80 .2t + 2rd) 2) Fh = 0.375) = 0.0 masuk asumsi jari-jari pukulan = 0.23 Sebuah operasi deep drawing yang akan dilakukan pada kosong lembaran logam yang 1 / 8 dalam tebal.22 Sebuah operasi menggambar cangkir dilakukan di mana diameter dalam = 80 mm dan tinggi = 50 mm.8 dan diameter (dalam dimensi) = 5.375 in Solusi: Gunakan perhitungan luas permukaan.125) (65.0 mm. yang 0.23 kecuali menggunakan radius pukulan = 0. Karena DR> 2.Memecahkan Masalah 20. (2) toroida kuartal dibentuk oleh jari-jari 0. (A) Tentukan diperlukan ukuran mulai Db kosong. Asumsikan radius sudut pada pukulan adalah nol.978.045 / 0.48 = 0.045 db2 = 17. (B) Apakah operasi menggambar layak? Solusi: Gunakan perhitungan luas permukaan.995.7855Db 2 = 14.071 = 64. Ini kriteria nilai mengindikasikan bahwa operasi ini layak. namun.125.7855Db 2 = 17.7855 = 18. Para untuk rasio diameter ketebalan t / Db = = 0. t / Db = 3/137. Juga.6 mm2 A2 = panjang seperempat lingkaran di dasar dikalikan dengan keliling lingkaran digambarkan oleh (Pappus-Guldin Teorema) sentroid: panjang seperempat lingkaran = 2πRp / 4 = 0.89 1.842 db2 = 76.25 kecuali bahwa ketinggian = 60 mm. Area kosong = πDb 2 / 4 = 0.25π (2 x 10) = 15.529.0 = 1.18%.25π (70) 2 = 14. Solusi: Area Piala = dinding area + basis wilayah Piala luas = πDph + πDp 2 / 4 = π (70) (60) + 0. yang memiliki diameter = 70 2 x 10 = 50 mm. t / Db = 3/147.7855Db2 = 76.0204 = 2.5 mm2 Area kosong = πDb 2 / 4 = 0.25π (70) 2 = 17.7855Db2 Mengatur area kosong = gelas area: 0.0.842/0.6 + 3166.48 mm DR = Db / Dp = 137. Karena DR yang lebih besar dari 2.125. Memecahkan Masalah 20.10 = 50 mm. Centroid ini terletak di pusat busur.900 Db = 137. Sedangkan operasi di Soal 20. pukulan jari-jari Rp = 0 akan membuat operasi ini sulit jika tidak layak. yang adalah 10 dosa 45 = 7.Luas permukaan cangkir akan dibagi menjadi tiga bagian: (1) lurus dinding.1 + 1963.5 db2 = 16. A1 = πDph = π (70) (50) = 10.31/70 = 2. seperti dalam masalah sebelumnya.045 mm2. yang tingginya = 60 .26%.846 db2 = 14. Bagian adalah secangkir silinder dengan mm tinggi = 50 dan diameter dalam = 70 mm.7855Db 2 = 16. dengan radius pukulan Rp. 20. yang berada di atas nilai 1% digunakan sebagai kriteria kelayakan dalam menggambar cangkir.31 = 0.7855 = 21.964. A2 = 64.995.8 = 16.27 20.5 / 0. Memecahkan Masalah 20. Area kosong = πDb 2 / 4 = 0.142π (15.48/70 = 1.825 Db = 9. diameter lingkaran digambarkan oleh centroid adalah 50 + 2 x 7.10.23 tidak layak.31 mm.700 Db = 147. (2) toroida kuartal dibentuk oleh jari-jari 0. operasi ini dianggap tidak layak.7855 = 20.1 mm2 A3 = π (50) 2 / 4 = 1963.71 mm.375 di dasar cangkir. Piala luas = dinding area + daerah basis = πDph + πDp 2 / 4 = π (70) (50) + 0.375 di radius. dengan asumsi t ketebalan tetap konstan.04%. Solusi: Gunakan perhitungan luas permukaan.071 luar pusat yang 0. dengan asumsi t ketebalan tetap konstan.125/9.142 mm. operasi dalam masalah ini tampaknya layak. Jadi.71) = 3166.Mengatur area kosong = gelas daerah: 0. Test untuk kelayakan: DR = Db / Dp = 147.26 20.25 Sebuah operasi dilakukan pada gambar adalah 3.0218 = 2.0 .0. dan (3) dasar.8 mm2 Total area cangkir = 10.125.0 mm saham. yang kurang dari rasio membatasi 2. = 0 bentuk ini akan sulit untuk menarik karena pukulan menggambar akan bertindak pada logam seperti pukulan blanking.890 di Test untuk kelayakan: DR = Db / Dp = 9.846 mm 2.0126 = 0.7855 = 97.7855Db2 Mengatur area kosong = gelas area: 0.7855Db2 Mengatur area kosong = gelas area: 0.26 kecuali bahwa jari-jari sudut di mm = 10 pukulan.89/5.846 / 0. 25 in Diameter dalam cangkir = 2.601 = 4. dan (3) dasar. Satu memiliki telinga.25π [(0.5 dalam.30 (b). (3) Merobek terjadi karena tegangan tarik tinggi pada dinding cangkir dekat dasar.25 / 2) sin 45 = 2. menurut Persamaan.601 in3 Jumlah V = V1 + V2 + V3 = 2.547 db2 = 4. Ini mungkin tidak mungkin karena perubahan desain diperlukan. Operasi Lainnya 20.14)? (B) Apakah ini berdiameter kosong memberikan materi yang cukup untuk menyelesaikan cangkir? Solusi: (a) Menurut Persamaan.000 lb/in2. Karena DR lebih besar dari 2.28 mm Test untuk kelayakan: DR = Db / Dp = 143.29 Sebuah bagian berbentuk cangkir harus ditarik tanpa blankholder dari lembaran logam yang ketebalan = 0.30 A 20 dalam jangka lembaran logam benda kerja ditarik dalam operasi peregangan membentuk dengan dimensi ditunjukkan dalam Gambar P20. Ketebalan saham awal adalah 3 / 16 dan lebarnya adalah 8.25) db2 / 4 = 0.5 masuk logam memiliki kurva aliran didefinisikan oleh koefisien kekuatan 75.1963Db2 = 4.30.81 masuk diameter 3. dan jari-jari tikungan di dasar = 0.16 Db = 4.5-0.75 di (B) Karena lembaran logam agak tebal. tingginya = 1.375 masuk (a) Berapakah diameter minimal mulai kosong yang dapat digunakan.002 sebagai awal menghasilkan.430 in3 V2 = (lintas-bagian dari toroida triwulan) x (lingkaran yang dibuat oleh sapuan centroid) Lintas-bagian dari toroida kuartal = 0. mari kita gunakan tombol volume daripada daerah untuk menentukan apakah ada adalah logam yang cukup dalam dengan diameter 3. Salah satu obat adalah untuk anil logam untuk mengurangi directionality sifat. Tentukan (b) regangan sejati dialami oleh logam. 20.75 kosong.125π (2. Sampel memiliki berbagai cacat.457π (0.000 lb/in2 dan strain pengerasan eksponen dari 0. Db Dp <5t Db <5t + Dp = 5 (0.Sebuah obat akan memberikan radius pukulan besar.5) 2) / 4 = 1.5 .5 + 2 x 0. Kekuatan luluh material adalah 30.5 = 3.75 di dihitung dalam (a) tidak memberikan logam yang cukup untuk menyelesaikan gambar.25) + 2 (0. dan ketiga masih memiliki bagian robek pada dasarnya.20. lain telah keriput. ini dianggap tidak layak operasi. Cangkir yang ditarik terdiri dari tiga bagian: (1) cangkir dinding. 20. Solusi: (a) Gunakan ε = 0. (20.457 di V2 = 2.25) 2 .375) 2] = 0. Ada beberapa kemungkinan solusi: (a) meningkatkan rasio t / D dengan menggunakan lembar pengukur tebal logam.28/70 = 2.375 + 0.375 + 0.1963 = 23.(0. V1 = (1. Apa penyebab dari masing-masing cacat dan apa obat yang akan Anda usulkan? Solusi: (1) Telinga disebabkan oleh lembaran logam yang memiliki sifat terarah. (2) Kerutan disebabkan oleh tekuk flens tekan seperti yang ditarik ke dalam untuk membentuk cangkir.1964 in2 Lingkaran dibuat oleh menyapu centroid memiliki diameter = (2.5.1963Db2 Pengaturan volume kosong = gelas Volume: 0. (A) Tentukan gaya F peregangan diperlukan dekat awal operasi ketika menghasilkan pertama terjadi.Db = 143.2 x 0. (22.28 Mandor di bagian gambar toko membawa kepada Anda beberapa contoh bagian yang telah telah ditarik di toko.0. (B) Meningkatkan blankholder yang tekanan terhadap bekerja selama menggambar.375) 2π (0.25) / 4 = 0.516 di 3v3 = (2.547 in3 Volume πDb = kosong 2t / 4 = π (0.5 .047. Robek juga dapat terjadi karena radius sudut mati yang terlalu kecil. (2) toroida di dasar. (c) peregangan gaya F.375) π [(2.25) 2] . Materi yang anisotropik.1964) = 1.14).2 x 0.75) / 4 = 2.(2. .25) + 2.547/0. dan (d) mati gaya Fdie di akhir ketika bagian dibentuk seperti ditunjukkan pada Gambar P20.430 + 1.516 + 0. 400) = £ 69.31 dibuat oleh berputar geser.31 Tentukan diameter disk yang mulai diperlukan untuk spin bagian pada GambarP20.361.2) / 2.5 dalam tetap sama selama peregangan.Tentukan (a) dinding ketebalan sepanjang bagian berbentuk kerucut.168) (48.t f) / t = (2.32 Jika bagian diilustrasikan dalam Gambar P20.5 = 22.1875 (20/22.000 (0. Solusi: Dari menggambar bagian.600) = £ 34.57 = £ 61.5 = 175mm Kutipan dari pekerjaan ini dapat direproduksi oleh instruktur untuk distribusi secara tidak-untuk-laba untuk pengujian atau tujuan instruksional hanya untuk siswa yang terdaftardalam program buku teks yang telah diadopsi.2 mm (b) r = (t .50 = 50% 20. Solusi: Berdasarkan menyamping perpindahan dari logam melalui sudut geser 30 Regangan geser γ = cot 30 = 1.5) (0.002) 0.32.168 di YY = 75. Solusi: (a) tf = t sin α = (2.000 (0.75 mm. .25) / sin 30 = 25 + 75/0.5) = 1.20 = 48.20 = 21. 20.4 mm mulai. °.5 (0.57 ° Fdie = 2 (69. t f = 0.700 20.000) sin 26. Setiap reproduksi atau terjemahan darikarya luar yang diijinkan oleh Bagian 107 atau 108 Amerika Serikat Copyright Act 1976tanpa izin dari pemilik hak cipta adalah unlawful. Pasir akan bertindak sebagai Mandrel fleksibel internal untuk mendukung dinding tabung.34 Sebuah tabung berdiameter 75 mm dibengkokkan menjadi bentuk yang agakkompleks dengan serangkaianoperasi tabung sederhana lentur.1116 (C) Pada panjang terakhir di 22. dinding tabungyang merata buruk.361) = 0.4 = 0. dan (b) pengurangan berputar r.129 Solusi untuk Dasar dasar Manufakturmodern.732. panjang bagian tersebut meningkat dari 20. 3 / e (diterbitkan oleh Wiley) © MPGroover 2007 Mulai diameter D = 2 (175) = 350 mm 20. ketebalan lembaran logam telah dikurangi untuk mempertahankan volume konstan. Ketebalan dinding padatabung = 4.4 (0. Ketebalan = 2. jari-jari = 25 + (100 .361/20) = ln 1.4-1.400 lb/in2 F = 8. (3) Paket pasir ke dalamtabung. Apa yang dapat dilakukan untuk memperbaiki kondisi? Solusi: Kemungkinan solusi: (1) Gunakan mandrel untuk mencegah runtuh dinding tabung.1875) (21.(2) Meminta desainer untuk meningkatkan radius tikungan ke 3D = 225 mm.F = LtYfYf = 75.500 (B) Setelah peregangan.361 diε = ln (22.4) sin 30 = 2.000 (D) Fdie = 2F Dosa A = tan-1 (5 / 10) = 26. Dalam salah satu tikungan dimana radius tikungan adalah 125 mm.33 Tentukan regangan geser yang dialami oleh bahan yang geser berputar pada Soal20.0 ke 2 (102 + 52) 0.1116) 0.118 = 0. Tabung akan digunakan untuk memberikan cairan di sebuah pabrikkimia. dengan asumsi lebar L = 8.600 lb/in2 F = (8.31 menggunakan konvensional berputar operasi.