EJERCICIOS RESUELTOS GENÉTICA http://iespoetaclaudio.centros.educa.jcyl.es/sitio/index.cgi?wid_item=215&wid_seccion=19#27 PROBLEMAS DE GENÉTICA 1 (Bach.). Para el carácter “color de las semillas” del guisante se conocen dos tipos de genes alelos: el gen A (dominante) que expresa el color amarillo, y el gen a (recesivo) que expresa el color verde. ¿Qué probabilidad hay de obtener guisantes verdes en la 2ª generación entre amarillos híbridos y amarillos de raza pura? Ver solución 2 (Bach.). Mendel descubrió que las semillas de guisantes de color amarillo eran dominantes sobre las semillas de color verde. Tras realizar diferentes experimentos entre padres con genotipos desconocidos, obtuvo la siguiente descendencia: Semillas Semillas Fenotipo de los padres amarillas verdes A: amarillo x amarillo B: verde x verde C: amarillo x verde D. amarillo x verde E. amarillo x amarillo 149 0 116 54 74 49 40 109 0 0 a) ¿Cuáles serán los genotipos más probables de cada padre? b) Si se autopolinizaran las semillas verdes del cruce B, ¿sería posible obtener semillas amarillas? c) En el cruce A, ¿qué proporción de la descendencia amarilla se esperaría que produjera descendientes verdes por autopolinización? Ver solución 3. El daltonismo depende de un gen recesivo (d) (situado en el cromosoma X). Una muchacha de visión normal cuyo padre era daltónico, se casa con un varón de visión normal cuya padre también era daltónico. ¿Qué tipo de visión normal cabe esperar de la descendencia? Ver solución 4. ¿Qué grupos sanguíneos tendrán los hijos de un hombre del grupo A heterocigótico y una mujer del grupo B tb. heterocigótica? Ver solución 5. ¿Reciben los mismos genes todos los descendientes de un cruzamiento entre heterocigóticos? Ver solución 6. Al cruzar ratones negros homocigóticos con ratones marrones, toda la descendencia es de ratones negros. Explicar por qué no aparecen ratones marrones. Ver solución 7. En la especie humana, el gen para los ojos marrones (M) domina sobre el gen de los ojos azules (m) . Un hombre de ojos marrones se casa con una mujer de ojos azules y tienen 5 hijos. Tres hijos tienen ojos marrones y dos ojos azules. Indica los genotipos de la madre, del padre y de los hijos. Ver solución 8. Al cruzar entre sí plantas de guisante de semilla lisa (A, dominante), Mendel obtuvo los sig. resultados: - 5474 plantas de semillas lisas - 1850 plantas de semillas rugosas ¿Cómo interpretas estos resultados? Ver solución 9. Los ratones gordos se pueden producir por dos genes independientes : el genotipo "oo" produce un ratón gordo llamado obeso y el genotipo "aa" da origen a un ratón gordo llamado adiposo. Los alelos dominantes producen crecimiento normal. ¿Qué proporción fenotípica de ratones gordos frente a normales se espera en el cruce entre dos ratones de genotipo OoAa? Ver solución 10. ¿Un ind. perteneciente al grupo sanguíneo A puede tener como padre a un ind. de grupo sanguíneo 0? Ver solución 11. ¿Cuál o cuáles pueden ser los grupos sanguíneos de los padres de un hijo cuyo grupo sanguíneo es AB? Ver solución 12. Sabiendo que en las gallinas el plumaje negro (N) domina sobre el blanco (n), ¿cómo se podrá averiguar si una gallina negra es homocigótica o heterocigótica para el carácter negro? Ver solución 13. Los caracteres para una planta se pueden expresar de la sig. forma: - Color de sus flores: azules ( AA), rojas (aa). - Longitud de sus tallos: largos (BB), cortos (bb). ¿Cuáles serán las proporciones fenotípicas en el cruzamiento de dos variedades heterocigóticas para ambos rasgos? Ver solución 14. ¿De qué color tendrán los ojos los hijos de una mujer de ojos azules (a) y de un hombre heterozigoto de ojos pardos (A, dominante)? ). S). dominante. a) Hallar los fenotipos y los genotipos de la F2 resultante del cruce de padre albino y madre normal no portadora. dominante). Analizar el resultado. se cruza con otro de pelo negro. Si se cruzan conejos híbridos cortos negros con homocigóticos cortos café. Ver solución 16 (Bach. Explicar el tipo de herencia y realizar el cruzamiento. El pelo corto de los conejos está determinado por el alelo dominante A y el pelo largo por el alelo recesivo a. Ver solución 21. ¿qué significa la expresión 1/4 bb + ½ Bb + 1/4 BB? Ver solución 19. hallar la posible descendencia de un matrimonio entre un sordomudo con una persona normal heterocigótica. ¿Cómo serán los genotipos de los cobayas que se cruzan y de sus descendientes? Ver solución 17. La F1 de un cruzamiento entre plantas de las dos variedades fue de color violeta claro. averiguar cuáles serán las proporciones genotípicas y fenotípicas de los descendientes. Ver solución 20. Sabiendo que la sordomudez es recesiva (s) (gen normal. cuyos padres son de pelo negro (N. b) ¿Qué pasaría si la madre fuese portadora? Ver solución 23. ¿Pueden dos ind. recesivo). Existen variedades de una planta con flores blancas y variedades con flores violeta. Si B domina sobre b. con distinto genotipo tener el mismo fenotipo. por ej. y la F2 dio 1/4 violetas. de pelo negro uno de ellos y de pelo blanco el otro. b: blanco): a) NN x bb .Ver solución 15 (Bach..).). Ver solución 22 (Bach. Un cobaya de pelo blanco (n. cuyos padres son. 2/4 violetas-claro y 1/4 blanco. cruzamientos para el carácter color del pelaje de los cobayas (N: negro. La falta de pigmento en el cuerpo humano es un rasgo recesivo (a) llamado albinismo (alelo dominante. A). tener los ojos pardos? Ver solución 18. de los sig. en cuanto a genotipos y a fenotipos. El pelo negro resulta del alelo dominante N y el pelo color café de su alelo recesivo n. ¿Cuáles son los genotipos probables de los padres cuyo cruzamiento ha dado en F1 una proporción de 3:1? (Usar los símbolos A y a). ¿Cuáles son sus genotipos? Ver solución 26. ½ bb c) Todos Nb Ver solución 25. de pelo rizado y color negro cabe esperar que sean homocigóticos para ambos caracteres? Ver solución 32. y de un hombre normal? Ver solución 28. pero portadora de la hemofilia (h. y el pelo negro (N) sobre el pelo blanco (n). 1/4 bb b) ½ Nb. ¿Cómo serán los hijos de una mujer normal.).b) Nb x Nb c) Nb x bb d) Nb x NN Ver solución 24 (Bach. El carácter color del pelaje de los cobayas es N: negro. ¿Cuál es la proporción de sexos en la descendencia de esta mujer si contrae matrimonio con un hombre normal? Ver solución 31 (Bach. dominante. El color azul (a) de los ojos en el hombre se debe a un gen recesivo respecto a su alelomorfo para el color pardo (A). Una mujer lleva en uno de sus cromosomas X un gen letal recesivo. y b: blanco. todos varones. el pelo rizado (R) domina sobre el pelo liso (r). A. Ver solución 27. ¿Pueden ser de distinto sexo dos gemelos univitelinos? ¿Y dos mellizos (= gemelos bivitelinos)? Ver solución 30. y b) ¿Qué proporción de ind.). ¿Qué probabilidad hay de que sea niña? Ver solución 29. En las plantas de arvejas. recesivo). las semillas lisas (S) son dominantes sobre las semillas . Indicar: a) ¿Cuáles serán los genotipos y los fenotipos de las F1 y F2?. es recesivo). d. a. ambos homocigóticos para dichos caracteres. ½ Nb. Los padres de un niño de ojos azules tienen ambos los ojos pardos. y en el otro cromosoma X el gen normal dominante. Cruzamos un cobaya de pelo rizado y color negro con otro de pelo liso y color blanco. En el cobaya. Mª y Pedro han tenido tres hijos. ¿Cómo serán los hijos de un hombre daltónico y una mujer normal homocigótica? (El gen del daltotismo. Averiguar cuáles son los progenitores que ocasionan las respectivas F1: a) 1/4 NN. Han decidido tener su 4º hijo y sean que sea niña. 50 % de los descendientes de F1 son de tallo alto. las plantó y obtuvo la generación F1 de plantas. En una cruza genética de dos plantas que son heterozigotas para el carácter "forma de la semilla". En los experimentos de Mendel. ¿cuál sería el resultado .). ¿qué fracción de los descendientes deberían tener semillas lisas? Ver solución 33 (Bach. Tenemos una cruza genética entre dos plantas de arveja híbridas de F1 con semillas amarillas ¿Qué porcentaje de plantas con semillas verdes producirá en la generación F2? La semilla amarilla es dominante sobre semilla verde.). Tenemos una cruza genética entre dos plantas de arveja híbridas de F1 para semillas lisas ¿Qué porcentaje de plantas con semillas lisas producirá en la generación F2? Las semillas lisas son dominante sobre rugosas. Ver solución 36. plantas de arveja con semillas lisas se cruzaron con plantas de arveja con semillas rugosas (semillas lisas es la característica dominante).. la mitad de los descendientes tendrán el fenotipo_____________.). a) ¿El caracter para tallo alto es dominante o recesivo? b) ¿En qué proporción aparece el carácter recesivo en la F2? Ver solución 38 (Bach. Ver solución 40 (Bach.). Los resultados que obtuvo. Ver solución 37 (Bach.). Para identificar el genotipo de plantas de arveja de semilla amarilla como homozigota dominante (AA) o heterozigota (Aa). y los que tú predecirías en este experimento son: Ver solución 35. Si el individuo desconocido es homozigoto.: Ver solución 34 (Bach. Si el individuo desconocido es heterozigoto. y analizó las semillas de la resultante generación F2. dejó que se autopolinizaran para formar una segunda generación.). todos los descendientes del cruzamiento prueba tienen el fenotipo __________. Cuando plantas de arveja de tallo alto se cruzan con plantas de arveja de tallo corto. En el "experimento 1" de Mendel.. Mendel recolectó las semillas de este cruce. Una cruza de prueba se usa para determinar si el genotipo de una planta con el fenotipo dominante es homozigoto o heterozigoto. si el gen para plantas altas (T) fuera dominante incompleto (herencia intermedia) sobre el gen para plantas bajas (t).rugosas (s). podrías hacer un cruzamiento prueba con plantas ¿de qué genotipo? Ver solución 39 (Bach. Una relación fenotípica de 3:1 en los descendientes de una cruza de dos organismos heterozigotos para un simple carácter se espera cuando. tipo B. Los gatos Manx son heterocigotos para una mutación dominante que da como resultado gatos sin cola (o colas muy cortas). El caballo (Equus caballus) posee 64 cromosomas. b) ¿Por qué las mulas suelen ser estériles (incapaces de producir gamentos viables)? Ver solución . a) ¿Cuántos tipos diferentes de productos meióticos (gametos) puede producir ese individuo? b) Y si tuviese n pares de cromosomas homólogos. conocidos como IA . Los fenotipos humanos posibles para grupos sanguíneos son tipo A. situados en tres pares de cromosomas homólogos.). Una mujer con tipo sanguíneo A y un hombre con tipo sanguíneo B podrían. tipo AB. ¿De lo anterior puedes deducir como es probablemente la mutación que causa el fenotipo de gatos Manx? Ver solución 44 (Bach. IB . resultó en descendientes híbridos F1 en los que todos tenían flores rosadas. A/a.). Considerar tres pares de alelos. con dragones de flores blancas procreados por inbreeding. respectivamente). tener un descendiente con ¿qué tipos de grupos sanguíneos? Ver solución 43 (Bach. B/b y C/c.). 1 blanca. Cuando las plantas F1 fueron autopolinizadas. Los individuos tipo A y B pueden ser homocigotos (IAIA o IBIB . incluyendo 22 autosomas acrocéntricos. 2 rosadas. tenía una relación fenotipica de 1 roja. o heterozigotas (IAI o IBI. ¿Cuál son los grupos sanguíneos posibles de un descendiente de un cruce de individuos que son tipo AB y tipo O? (El tipo sanguíneo O es recesivo).). Hay tres alelos diferentes. ¿Cuál es la explicación más lógica? Ver solución 42 (Bach. El apareamiento de dos gatos Manx produce dos gatitos Manx por cada gatito normal de cola larga. incluyendo 36 cromosomas acrocéntricos. Una cruza genética de dragones de flores rojas procreados por inbreeding. en vez de tres a uno como se predeciría en genética Mendeliana. patas traseras largas y un andar muy particular. ¿cuántos tipos diferentes de combinaciones cromosómicas en gametos pueden formarse? Ver solución 46 (Bach. la resultante generación F2 de plantas. Los alelos IA y IB son codominantes y el alelo I es recesivo. potencialmente. a) Averigua el nº de cromosomas que se encuentra en un descendiente híbrido (mula) producido por el apareamiento de un asno macho con una yegua. y tipo O. Ver solución 45 (Bach.). el burro o asno (Equus asinus) posee 62 cromosomas. El tipo sanguíneo humano es determinado por alelos codominantes.de cruzar dos plantas Tt? Ver solución 41 (Bach.). respectivamente). e I. ). La . se pide: (i) Qué proporción de la descendencia pudiera esperarse que tengan: a) Cuatro pares de cromosomas telocéntricos. de cabello oscuro. Ver solución 51 (Bach. d) Dos cromosomas metacéntricos y dos telocéntricos.un par corto telocéntrico. ¿Cómo son los genotipos de los hijos? Ver solución 52 (Bach.). El cabello oscuro en el hombre es dominante sobre el cabello rojo. y . (ii) ¿Qué proporción de los productos meióticos de dicha planta puede esperarse que contengan: a) Cuatro pares de cromosomas metacéntricos. c) Un par de cromosomas metacéntrico y un par telocéntrico. ¿Cuál es la probabilidad para una célula espermática de un hombre (n=23) de sólo contener réplicas de los centrómeros recibidos de su madre? Ver solución 50 (Bach. En las células somáticas de los ratones caseros hay 40 cromosomas. Cuando una planta [aa] para un carácter poliniza una planta [AA]. b) Un par de cromosomas telocéntricos y tres pares metacéntricos. ¿Cuál será el posible genotipo de los padres? ¿Y el de los hijos? Ver solución 53 (Bach.un par largo metacéntrico .).). c) Dos pares de cromosomas metacéntricos y dos pares telocéntricos. b) Dos pares de cromosomas metacéntricos y dos pares telocéntricos.un par largo telocéntrico. ¿qué tipo de gametos del embrión y del endosperma se espera en las semillas resultantes? Ver solución 48 (Bach. El albinismo se debe a un gen recesivo (a) frente al gen normal moreno (A).). Si esta planta se autofecunda (autopolinización).). Un hombre de ojos pardos y cabello oscuro se casó con una mujer tb.). El primer hijo de una mujer con grupo sanguíneo A tiene sangre de tipo AB. Tuvieron dos hijos. uno de ojos pardos y pelo rojo y otro de ojos azules y pelo oscuro.un par corto metacéntrico .47 (Bach. a) ¿Cuántos cromosomas recibe un ratón de su padre? b) ¿Cuántos autosomas se presentan en un gameto de ratón? c) ¿Cuántos cromosomas sexuales contiene un óvulo de ratón? d) ¿Cuántos autosomas hay en las células somáticas de una hembra? Ver solución 49 (Bach. Cierta planta posee 8 cromosomas en sus primeras células de la raíz: . pero de ojos azules. El color azul de los ojos se debe a un gen recesivo respecto de su alelo para el color pardo. El 2º hijo tiene un grupo sanguíneo de tipo 0. Una mujer del grupo sanguíneo A y un hombre del grupo sanguíneo B tienen un hijo del grupo sanguíneo 0. negro. Una mujer no hemofílica. Si una mujer daltónica se casa con un hombre que no lo es.).). la alternativa es el carácter recesivo de pelo blanco. ¿qué probabilidad hay de que los hijos varones sean daltónicos? Ver solución 60 (Bach.? b) ¿Cuál es la probabilidad de que el próximo hijo sea del grupo 0? c) ¿Qué probabilidad hay de que dos hijos de la pareja sean varones y del grupo sanguíneo AB? Ver solución 59. negro.hemofilia se debe a un gen recesivo localizado en el cromosoma X (Xh). Un cobaya hembra negro se somete a un cruzamiento prueba. a) ¿Cuáles son los genotipos de los tres ind. Un gen recesivo ligado al sexo determina la hemofilia en la especie humana. blanco. a) ¿Cuál es la probabilidad de que el primer nacido sea negro y el segundo nacido sea blanco? b) ¿Cuál es la probabilidad de que salgan negros o blancos? Ver solución 55 (Bach. En el cruzamiento prueba de cobayas negros heterocigóticos (Bb x bb) hay dos posibilidades de obtener un descendiente negro (Bb) y uno blanco (bb) en un parto de dos animales.). a) ¿Cuál es su genotipo probable? b) ¿Con qué grado de confiabilidad puede especificarse su genotipo? c) Si en una 4ª camada hubiese algún descendiente blanco. ¿cuál sería su genotipo con seguridad? Ver solución 57 (Bach. ¿qué fracción de la F2 negra se espera que sea heterocigótica? Ver solución 56 (Bach. . Cuando un cobaya puro negro se cruza con uno blanco. Un hombre albino y sano se casa con una mujer morena. cuyo padre sí lo era. los cuales son todos negros. o blanco. blanco? b) ¿Cuál es la probabilidad de que entre los tres descendientes se produzcan 2 negros y uno blanco. El pelo negro de los cobayas es un carácter dominante. Cuando se cruzan entre sí dos cobayas heterocigóticos negros (Bb): a) ¿Cuál es la probabilidad de que los tres primeros descendientes sean alternativamente negro.). y produce 2 descendientes en cada una de sus 3 camadas. se empareja con un hombre no hemofílico.). ¿Qué tipo de hijos para estos dos caracteres cabe esperar en la descendencia y en qué proporción? Ver solución 54 (Bach. en cualquier orden? Ver solución 58 (Bach.). cuyo padre era hemofílico y su madre el albina. la flor amarilla es dominante y la flor blanca es recesiva. procariotas? Ver solución 66 (Bach. de ojos blancos y alas largas. b) ¿Qué proporción de hembras serán heterocigóticas para ambos caracteres? Ver solución .). De un matrimonio entre dos personas normales nació una hija con dicha anomalía. se pide: a) ¿Qué proporción de su descendencia se espera de plumas intermedias? b) ¿y qué proporción de plumas intermedias se obtendrá del cruzamiento de gallo y gallina con plumas intermedias? c) ¿Por qué no pueden aplicarse las leyes de Mendel a org. En humanos. indicando los genotipos del matrimonio y a qué conclusión debe llegar el juez en relación con la posible infidelidad de la esposa. el color blanco de los ojos es producido por gen situado en el cromosoma X recesivo (Xr). Al cruzar dos plantas heterozigóticas se obtienen 300 descendientes. En la planta de tomate. En la misma mosca. respecto al color rojo dominante (XR). Del cruzamiento de una gallina con plumas rizadas y un gallo con plumas lisas. Ver solución 64 (Bach. se cruza con un macho de ojos rojos y alas largas. En la mosca Drosophila melanogaster las alas vestigiales (v) son recesivas respecto al carácter normal. a) Da los genotipos de los progenitores del cruce. teniendo en cuenta el nacimiento de la hija que presenta la fisura. Ver solución 63 (Bach.). alas largas (V). tienen una hija con molares. ¿En qué sexo apareceran con más facilidad las enfermedades relacionadas con los genes que hay en el cromosma X? Razona la respuesta. El marido solicita el divorcio alegando infidelidad de la esposa. mientra que pp produce plumas lisas y Pp da lugar a un fenotipo intermedio. Explica el modo de herencia del carácter. b) ¿Qué probabilidad hay de que tengan otra hija con molares? c) ¿Cuál es la proporción de heterocigóticos? Ver solución 62 (Bach.). Averigua cuántos de ellos tendrán el fenotipo dominante y cuántos el recesivo. Ver solución 65 (Bach.).). se debe a un gen dominante autosómico. homocigótica para ambos caracteres. ambos sin molares. descendiente de otro de alas cortas. La ausencia de molares en la sp humana. a) Indicia los genotipos de todos los miembros de esta familia. El genotipo PP determina en las gallinas las plumas rizadas.a) ¿Cuál es la probabilidad de que tenga un hijo varón hemofílico? b) ¿Cuál es la probabilidad de que tenga una hija hemofílica? Ver solución 61 (Bach. Una hembra. la presencia de una fisura en el iris está regulada por un gen recesivo ligado al sexo (Xf). Una pareja.). y el gen para este carácter es autosómico. Para un determinado carácter hereditario. homocigótico recesivo.). Considerando la función normal de este gen. A una pareja normal le han diagnosticado hemofilia a su único hijo varón. marcados en negro: a) ¿Cuál es el patrón de herencia (dominante / recesivo. Dado el sig. se pide: a) ¿Qué genotipos y en qué proporciones esperarías encontrar en la generación filial F1? b) Explica en que consiste el cruzamiento prueba y qué utilidades tiene. Sabiendo que la hemofilia se debe a un alelo recesivo localizado en el cromosoma X (Xh). cruzamiento: SsYy x ssyy. árbol genealógico presenta casos de dicha enfermedad. ¿Qué proceso celular se ve afectado? Ver solución 71. b) Un ind. razona por qué estos enfermos sufren más tumores que otras personas. se pide: a) ¿Cuál es el genotipo de cada progenitor? b) ¿Cuál es la probabilidad de tener otro hijo varón hemofílico? c) Si el nuevo descendiente fuese niña. que tiene una línea pura dominante. Ver solución 69.). el alelo normal de este gen se expresa en una proteína que evita la excesiva proliferación celular.67 (Bach. ¿qué probabilidad tendría de ser hemofílica? Ver solución 68 (Bach. a) ¿Cuáles serán los genotipos de los progenitores y de su descendencia? b) ¿Cuáles serán los fenotipos y en qué proporciones? Ver solución 70 (Bach. autosómico / ligado al sexo) de la enfermedad de Von Hippel-Lindau? Justifícalo a partir del árbol genealógico.). lo que puede comportar problemas de retina o la aparición de varios tumores. escribe el genotipo de: a) Un ind. b) En una persona sana. Una mujer (cuyo padre es daltónico y su madre normal para la visión de los colores) tiene hijos con un hombre daltónico. . La familia representada en el sig. La enfermedad de Von Hippel-Lindau provoca un crecimiento anormal de los vasos sanguíneos. ). aa.).La probabilidad de Aa en la F1 es 2/4 = 1/2.La probabilidad de que en este cruce (Aa x Aa) aparezca un aa es 1/4. Clases gaméticas de cada padre de F1: A. O sea: Genotipo de F2: AA 25%. El color de la piel de los saltamontes nórdicos depende de la expresión de un gen autosómico con dos alelos (A: color oscuro. Un ratón de color completo portador del gen letal es apareado con otro de color diluido también portador del gen letal. . pues.). Los cruces 1º y 2º no pueden dar descendencia aa (guisantes verdes). Ver solución 73 (Bach. El orden de dominancia es : D > d > dl. Ver solución 72 (Bach. al problema 1: Obtenemos F1 cruzando: AA x Aa. . d) Los descendientes del cruce entre (a) y (b). Una serie de alelos múltiples gobierna la intensidad del color del pelo del ratón: D=color completo.La probabilidad de que se dé el cruce Aa x Aa es 1/2 · 1/2 = 1/4. Fenotipo: amarillos 75 %. heterocigótico. de F1: AA x AA. a. En las células somáticas de determinados ortópteros. . En la piscifactoría se cruzan una hembra homocigótica recesiva con un macho heterocigótico. verdes 25 %. Aplicando el tablero de Prunnett. e) Los descendientes del cruce entre (b) y (c). b) Fenotipos y genotipos de la descendencia. 2Aa. En conclusión: . d = color diluido. obtenemos: AA. aa 25 %. las hembras poseen dos cromosomas X y los machos un solo cromosoma sexual X.La probabilidad. dl = es letal en homocigosis. a) ¿De qué sexo será un ind. Aa 50 % Fenotipo: amarillos 100 % Posibles cruces entre los ind. Indica para este gen los tipos y proporciones de: a) Óvulos y espermatozoides. . de obtener un aa en F2 es: 1/2 · 1/2 · 1/4 = 1/16. y obtenemos: Genotipo: AA 50%. Aa50 %.c) Un ind. a: color claro). ¿Cómo será la descendencia viable? Ver solución SOLUCIÓN A LOS PROBLEMAS DE GENÉTICA Rta. que posee en sus células somáticas 23 cromosomas? b) ¿Cuántos autosomas tendrá en sus células somáticas? Ver solución 74 (Bach. AA x Aa. Aa x Aa. Luego hay que estudiar el cruce Aa x Axa. .Rta. los padres son: Varón [Mm] x Mujer [mm]. Por lo tanto. Padres: como la hija es de visión normal. al problema 6: Por la 1ª ley de Mendel. Rta. Fenotipo: todas las hijas tienen visión normal (siendo la mitad portadoras). Xd X. 3Mm (de ojos marrones) y 2mm (de ojos azules). ya que todos los descendientes serán híbridos y el negro es dominante sobre el marrón. la mitad de los hijos son normales y la otra mitad daltónicos. su genotipo ha de ser XY. Rta. al problema 3: Abuelos: mujer [X X ó Xd X] (normal o portadora) x varón [XdY] (daltónico) (el dato del abuelo no influye para nada). Los hijos serán. F1: veamos el cruce: mujer [XdX] x varón [XY]. su genotipo ha de ser: XdX. lod padres serán: 00 x A0. c) Cruce de las semillas amarillas: Aa x Aa. al problema 7: Posibilidades de los padres: Varón [MM ó Mm] x Mujer [mm]. Rta. pues tienen hijos de ojos azules (homocigóticos recesivos). Luego la relación de semillas lisas respecto a las rugosas es 3:1. Rta. aa (según la 1ª ley de Mendel. 25% 0. como el hijo es de visión normal. Rta. 25% B. a partir del cruce de dos híbridos). Rta. al problema 5: No. 2mm. Varón [MM] no puede ser. XdY. Rta. por la 2º ley de Mendel o ley de la segregación. Luego en la sig. al problema 10: Sí. 25% A. pues. generación sólo habrá 1/4 de semillas verdes. al problema 2: a) A: [Aa x Aa] (pues la proporción es 3:1) B: [aa x aa] C: [Aa x aa] D: [AA x aa] E: [AA x AA /Aa] b) No. Luego. siendo el otro progenitor A0. pues son homocigótitas recesivas (aa). el genotipo ha de ser AA. 2Aa. Nos da: X X. Así. y la F1 será: 2Mm. XY. al problema 4: 25% AB. al problema 8: 5474 : 1850 = 3. hombre de ojos pardos heterocigoto: Aa Cruce: Mujer [aa] x Varón [Aa]. 3. negro x blanco: (NN ó Nn) x nn (ya que su hijo es negro. obtenemos el resultado de F1: . Como los ind. la gallina negra era heterocigótica. la gallina problema negra ha de ser Nn: Nn x nn.Flores azules: largas. Bb. Rta. al problema 14: Mujer ojos azules: aa. Ab. al problema 13: Hay que hacer el cruce: AaBb x AaBb. al problema 12: Hay que hacer el cruzamiento prueba. Sus descendientes serán: 2Nn.Flores rojas: largas. la gallina problema negra ha de ser NN (al ser la otra nn): NN x nn da el genotipo: Nn. 50 % negros y 50 % blancos. bb. da el genotipo: 2Aa. al problema 17: . A0 x BB. cortas. Clases gaméticas: AB. 9. Rta. y su fenotipo será 50 % ojos azules y 50 % ojos pardos. Rta. nn). al problema 15: Los genes para el color blanco (B) y el color violeta (b) es un caso de herencia intermedia. (2/4) 50 % violetas claras. Haciendo el tablero de Prunnett (3ª ley de Mendel). cruzándola con una gallina blanca. al problema 11: A0 x B0. y la blanca nn. era homocigótica dominante. Entonces tenemos estas posibilidades: (i) Si todas las gallinas son negras. Todos los ind. 2nn. de donde: (1/4) 25 % blancas. AA x B0. aB. Rta. (1/4) 25 % violetas. Rta. de F1 son todos híbridos. AA x BB. los ind. de F1: Bb x Bb: F2: BB. Rta. al tener un padre blanco). de F1 son violetas claro. El problema se resuelve viendo los porcentajes de los fenotipos de F1: La gallina negra puede ser NN ó Nn. de donde F1 es Bb. ab. cortas. . y el genotipo será: 2Nn. 2aa. los genotipos de los cobayas que se crucan es: nn x Nn. si todos los hijos son negros. (ii) Si la mitad de las gallinas son negras y la mitad blancas. parentales han de ser homocigóticos para ambos colores: P: BB x bb. 1. pero Nn. 3.Rta. 2nn. Bb. la cual sólo podrá ser homocigótica recesiva. es decir. al problema 16: Padres: negro x negro: Nn x Nn (ya que su hijo es blanco. En resumen: si algún hijo es blanco. Por lo tanto. Cruce de los ind. Hacemos los posibles cruces de ind. al problema 22: a) (Padre albino) x (madre normal no portadora): Padre [aa] x Madre [AA]: F1: Genotipo: Aa 100%. Por lo tanto. Nb 50 %. bb 25 %. Clases gaméticas del primer parental: AN. albinos 25 %. todos los conejos serán de pelo corto. blancos 50 %. Aa 50 %. 2Aa. aa 25 %. d) Genotipo: NN 50 %. aa Padre [Aa] x Madre [aa]: 2Aa. siendo A dominante. el 50 % negros y el otro 50 % de color café. F1: Genotipo: Aa 50%. al problema 19: Hay que hacer el cruce (Aa. Rta. el 50 % de los hijos serán sordomudos y el otro 50 % normales portadores. Clases gaméticas del 2º parental: An. al problema 24: a) Nb x Nb b) Nb x bb c) NN x bb . Aa x aa. albinos 50 %. b) (Padre albino) x (madre portadora): Padre [aa] x Madre [Aa]. Fenotipo: negros 100 %. Nn) x (AA. 2aa Padre [aa] x Madre [aa]: 4aa Luego el fenotipo de F2 es: normales 5/12 (41. Rta. c) Genotipo: Nb 50 %. b) Genotipo: NN 25 %. blancos 25 %. Nb 50 %. de F1: Aa x Aa. An.33 %). AaNn. ss. al problema 20: Ss. fenotipo: normales 75 %. aN. Hacemos el cruce de ind.Sí: AA: ojos pardos. Rta. AAnn. Aann. Fenotipo: negros 75 %. Fenotipo: negros 50 %. es decir. Rta. nn). al problema 23: a) Genotipo: Nb 100 %. aa x aa: Padre [Aa] x Made [Aa]: AA. al problema 21: Aa y Aa. an. Aa: ojos pardos (siendo A dominante sobre a) Rta.67 %). de F1: Aa x Aa. según la 2ª ley de Mendel: Bb x Bb. albinos 7/12 (58. Rta. fenotipo: normales 100 %. aa 50 %. y obtenemos F2: F2: Genotipo: AA 25 %. F1 AANn. bb 50 %. Rta. Fenotipo: todos negros. al problema 18: El cruce de dos híbridos. fenotipo: normales portadores 50 %. son rizados y negros. al problema 27: Se trata del cruce: Mujer [XHX] x Varón [XHY]. Fenotipo: todos los ind. han de ser Aa x Aa: Genotipo de F1: AA. al problema 26: Se trata del cruce: Varón [XdY] x Mujer [XDXD]. al problema 30: Mujer [XAXa] x varón [XAY]: XA XA. Fenotipo: Mujeres: 100 % normales. XAY.Rta. Para ver F2 elaboramos el tablero de Prunnett (dcha. Fenotipo: hijos normales. al problema 29: Los gemelos univitelinos son del mismo sexo porque proceden de un solo óvulo fecundado por un espermatozoide. 50 % de varones normales y 50 % de varones letales. Rta. y sin diferenciar. Xa XA. Rta. XAY. de las cuales el 50 % son portadoras. Los mellizos son como dos hermanos cualesquiera. b) Sólo habrá uno con genotipo RRNN. Rta.). al problema 28: 50 %. Los mellizos (= gemelos no idénticos) pueden ser del mismo o de distinto sexo. Rta. Rta. pero que no sufren la enfermedad. (la madre tenía activos dos óvulos a la a vez). Varones: 50 % normales y 50 % hemofílicos. se fragmenta en dos. Rta. hijas portadoras. de las cuales el 50 % son portadoras. Fenotipo: 100 % mujeres normales. han de ser AA ó Aa. Rta. pero para que un hijo sea aa. aa. ya que proceden de dos óvulos fecundados por dos espermatozoides dif. cuando el embrión tiene pocas células. 2AA. al problema 32: . al problema 25: Si los padres son pardos. al problema 31: a) F1: Genotipo: RrNn. Un cruce con el homozigota recesivo (aa) es un cruzamiento prueba. al problema 40: . Rta. Mendel primeramente propuso que los alelos se segregan durante la formación de gametos. Un cuarto de los descendientes serán homozigotas dominantes (SS). El carácter recesivo aparece en la generación F2. al problema 39: Dominante.Cada alelo contiene dos mutaciones. La cruza de prueba fue inventada por Mendel para determinar el genotipo de plantas que muestran el fenotipo dominante. Entre las plantas F2 de una cruza Aa x Aa. al problema 34: Todas las semillas de la generación F1 y 3/4 de la generación F2 fueron lisas. Rta. . la mitad de los descendientes tendrán el carácter recesivo. Rta. el 25% será aa con el fenotipo semilla verde recesivo. al problema 37: a) El carácter tallo alto es domimante.Los alelos son idénticos. al problema 38: Genotipo aa. Rta. Sólo el 25% de las plantas F2 tendrá el fenotipo recesivo. Todas las plantas de la F1 eran verdaderos híbridos con un fenotipo Ss. y un cuarto será homozigota recesivo (ss).Los alelos son incompletamente dominantes.3/4. al problema 36: 25 %. Rta. b) El carácter recesivo (tt) reaparece en la generación F2 el 50% de las plantas. Rta. Otras respuestas incorrectas: . . Rta. al problema 35: 75 %. la mitad será heterozigota (Ss). El genotipo desconocido también podría ser determinado por una cruza con un heterozigota (Aa) conocido. al problema 33: Los alelos se segregan independientemente durante la meiosis. Rta. Si el padre de genotipo desconocido es heterozigota (Aa). Recesivo. El patrón de segregación predecido en la generación F2 es 1/4 normal (homocigoto). 1/4 bajas. al problema 46: a) Dotación haploide gamética del burro = 31. Rta. un 1/4 letal embriónico (homocigoto para el alelo Manx). al problema 42: A. al problema 43: Es un alelo letal. dotación haploide gamética de la yegua = 32. AB. al problema 45: a) Podemos realizar un sist. al problema 44: Un cruce entre individuos que tienen el genotipo IAIB x II puede producir descendientes que son IAI o IBI. B. 1/2 altura intermedia. Pero si el hombre fuera tipo O en vez de tipo B. al problema 41: Las plantas heterozigotas tienen un fenotipo diferente al de los padres procreados por inbreeding en razón de la dominancia incompleta del alelo dominante. Luego la mula híbrida (zigoto) tendrá una dotación diploide de 31+32 = 63 .1/4 serán altas. 1/2 fenotipo Manx (heterocigoto). Rta. Rta. n Rta. siendo n el nº de pares de cromosomas. Sus grupos sanguíneos serán A o B. Rta. Las características de cruzamientos que involucran dominancia incompleta son fenotipos intermedios de los individuos heterocigotos. Rta. Los descendientes heterozigotos (Tt) serán de altura intermedia. 0. descendientes de los tipos B y AB no serían posibles. y los fenotipos paternos reaparecen en F2 cuando se cruzan heterocigotos. de ramificación dicotómica: C ABC B c ABc A C AbC b c Abc B a b C aBC c aBc abc C abC c b) 2 . a: azul. al problema 49: (½)23: menos de una entre 8 millones (ver problema 45). que incluye 18 autosomas acrocéntricos. b) El juego de cromosomas haploides del caballo. el cual tiene sólo 11 autosomas acrocéntricos. ii.cromosomas. Rta. en la que ocurre la sinapsis o entrecruzamiento de los cromosomas homólogos. al problema 51: Color de los ojos: A: pardo. Varón iBi. b: rojo. al problema 48: a) ¿Cuántos cromosomas recibe un ratón de su padre?: 20 b) ¿Cuántos autosomas se presentan en un gameto de ratón?: 19 c) ¿Cuántos cromosomas sexuales contiene un óvulo de ratón?: 1 d) ¿Cuántos autosomas hay en las células somáticas de una hembra?: 38 Rta. Hijos: iA iB. hijo 2: [AA(ó Aa)bb]. Padres: Varón [A-B-] x Mujer [aaB-]. Rta. uno combinado con el núcleo huevo [A] para producir un cigoto diploide (embrión) de tipo [Aa]. Como los hijos son: hijo 1: [aaBb]. al problema 52: Padres: Mujer: iAi. Rta. al problema 50: (i) Qué proporción de la descendencia pudiera esperarse que tengan: a) Cuatro pares de cromosomas telocéntricos: 0 b) Un par de cromosomas telocéntricos y tres pares metacéntricos: 0 c) Dos pares de cromosomas metacéntricos y dos pares telocéntricos: Todos (ii) ¿Qué proporción de los productos meióticos de dicha planta puede esperarse que contengan: a) Cuatro pares de cromosomas metacéntricos: 0 b) Dos pares de cromosomas metacéntricos y dos pares telocéntricos: 0 c) Un par de cromosomas metacéntrico y un par telocéntrico: 0 d) Dos cromosomas metacéntricos y dos telocéntricos: Todos Rta. Color pelo: B: oscuro. (Repasar la reproducción de las plantas de 1º de Bach. y el otro se combina con el núcleo de fusión materna [AA] para producir un endosperma triploide de tipo [AAa].). . al problema 47: El polen precursor produce dos núcleos espermáticos en cada grano de polen de tipo [a]. los padres han de ser: Varón [AaBb] x Mujer [aaBb]. es tan diferente a la del asno. Rta. que la meiosis en las células germinales de la mula no progresa más allá de la profase I. el grado de confiabilidad de que su genotipo sea BB es de 100 . Rta. ¼. cada descendiente de F1 tienen el 50 % de probabilidades de ser negro (resultarían de Bb x bb). al problema 53: Padres: Varón: [aaXY] x Mujer [Aa XhX] (ya que sus padres son: Varón: XhY y Mujer: aa). 1/4 blancos = q. al problema 56: a) Mujer [B-] x Varón [bb]. aY.probabilidad de negro y blanco y negro = p·q·p = p2q. a pesar del 1. Clases gaméticas: Varón: aX. 2 Nn. Mujer: AXh.Rta.0156 = 1. 50 % morenas y 50 % albinas. pero siendo un solo suceso. lal mitad portadoras. al problema 57: a) P: Bb x Bb. albinos y hemofílicos. por lo que la fracción pedida es 2/3. Por lo tanto. que sus 6 descendientes sean negros. De los 3 cobayas negros. ya que el cobaya macho en el cruzamiento prueba es siempre bb. al problema 54: a) ½ · ½ = ¼ (la misma de que el 1º sea blanco y el 2º negro) (son sucesos independientes. ¼. .56 %. Rta. aXh. En F1 todos son negros (Bb). b) Posibilidades de 2 negros y un blanco en cualquier orden: . esperamos tal resultado por valores inferiores al 2%.1. o bien: . aX. La probabilidad de que los 6 descendientes sean negros es de (½)6 = 1/64 = 0. Como no ha aparecido ningun descendiente blanco.45 % de probabilidad. c) Bb. por azar. al problema 55: Genotipo de F2: 1 NN.56 % = 98. b) La cobaya pudiera ser Bb y. [No confundir con la probabilidad de tener un descendiente negro / blanco. Si la madre es Bb. b) ¼ + ¼ = ½ (son sucesos excluyentes). Rta. Tablero de Prunnett: Gametos madre AXh AX aXh aX Gametos padre aX aY AaXhX AaXX AaXhY AaXY aaXhX aaXX aaXhY aaXY F1: Hijas: 100 % sanas para la hemofilia. 2 son hererocigóticos. ¼. 1 nn. Probabilidad combinada = p2q + pq2 = (3/4)2 · 1/4 + 3/4 · (1/4)2 = 3/16. morenos y hemofílicos.probabilidad de blanco y negro y blanco = q·p·q = pq2. no dos como en (b)]. Rta. AX. no excluyentes). del 50 %. F1: 3/4 negros = p.44 %. Hijos: Morenos y sanos. Albinos y sanos. que es tb. ¼. o sea: 100 % de plumas intermedias. c) 1/2 = 50 %. iBi. Rta.0156 = 1. al problema 59: 100 %.. hija: nn. 1º varón y 2º varón: 1/2 · 1/2 = 1/4. Prob. Por lo tanto: 1/2 = 50 %. hay una sola copia del cromosoma bacteriano. al problema 63: Madre: XfX. 1º (AB) = 1/4. Otra forma de obtener el resultado es: 3 (3/4 · 3/4 · 1/4) = 27/64. gametos del macho: VXR. Rta. procariotas. la mujer ha sido infiel. Rta. c) Los org. 2Pp. Rta. b) Gametos la hembra: VXr. que se reproducen asexualmente. vXR. Probabilidad combinada = 3 · 9/64 = 27/64. 1º (AB) y 2º (AB) = 1/4 · 1/4 = 1/16. de varones y que sean AB = 1/4 · 1/16 = 1/64 = 0. al problema 65: a) 100 % Pp. El padre debería ser XfY. Rta. puesto que la hija es XfXf. un solo gen para un carácter. al problema 58: a) Padres: iAi. 2º (AB) = 1/4. al problema 60: a) 0. o bien: . o bien: . al problema 64: En el hombre (siempre está afecto si tiene el cromoma X con el gen anómalo).56 %. Prob. b) 0. son haploides. b) 1/4 = 25 %. 2º varón = 1/2. hijo: ii. Prob. al problema 66: a) Hembra: VVXrXr. macho: VvXRY. b) 1/4 = 0. VY. Rta. Pero como el marido es XY (no está afectado). Rta. Rta. es decir.25 c) Prob. pp. prob. al problema 61: a) Padres: Mm. Cruce: .probabilidad de negro y blanco y negro = 4/4 · 1/4 · 3/4 = 9/64. al problema 62: 75 % amarillos: 225. vY. Prob. prob. 1º varón = 1/2. b) Pp x Pp: PP. 25 % blancos: 75. Rta.probabilidad de negro y negro y blanco = 3/4 · 3/4 · 1/4 = 9/64.probabilidad de blanco y negro y negro = 1/4 · 3/4 · 3/4 = 9/64.25 = 25 %. todos los hijos serían homocigóticos recesivos y afectados. si fuesen homocigóticos recesivos. Ssyy. pero tiene hijos afectados y no afectados. Hijos: 50 % normales. sY. al problema 71: a) Un ind. El S. ssyy.I. b) En los afectados. Rta. activa las células NK y células T citotóxicas que pueden detectar y destruir las células que tienen desregulado el ciclo celular y se dividen sin control. al problema 67: a) Madre: XhX. heterocigótico: Aa d) Los descendientes del cruce entre (a) y (b): Aa . Proporcionones: 1/4 = 25 % cada genotipo. Rta. F1: SsYy. homocigótico recesivo: aa c) Un ind. 50 % daltónicas. padre: XY.VXR VXr VVXrXR vXR VvXrXR VY VVXrY vY VvXrY Son heterocigóticas para ambos carateres el 50 % de las hembras. al problema 70: a) El patrón de herencia es dominante / autosómico. que tiene una línea pura dominante: AA b) Un ind. Gametos progenitor 2: sy. produciéndose un tumor. c) 0. sY. b) Cruzamiento prueba: cruzar el ind. XdX. Rta. F1: XdXd. problema con el homocigótico recesivo. problema es analizar los fenotipos de la descendencia que se originan por autofecundación. XY (1/4 para cada genotipo). El proceso afectado será la mitosis: el alelo normal contiene información para una proteína que inhibe la mitosis. pero si no hay suficiente expresión de esta proteína. XX. ciertas células proliferarán en exceso. 50 % daltónicos. al problema 68: a) Gametos progenitor 1: SY. Sy. la mitosis se producirá por encima de lo normal. II-3 estaría afectada al ser heterocigótica. Es autosómico: si fuera ligada al sexo. b) Hijas: 50 % portadoras. al problema 69: a) Madre: XdX. Rta. padre: XdY. Otra forma de investigar el ind. ssYy. por lo que la probabilidad hijo varón hemofílico = 1/2 = 50 %. XdY. Rta. XhY. Es dominante: la pareja de la generación I está afectada. b) El cruce: XhX · XY da: XhX. XY. con tres hijas y dos hijos normales o Un hijo daltónico. En las plantas. b) 22 autosomas. Óvulos: 100 % el alelo a. cuyo padre era hemofílico . con dos hijos y dos hijas normales. al problema 73: a) Es macho. macho: Aa.e) Los descendientes del cruce entre (b) y (c): Aa (50 %). Se sabe que un gen ligado "l" es letal en las hembras homocigóticas. con dos hijas normales. al problema 72: a) Hembra: aa. o Una hija con visión normal. La hemofilia es un carácter ligado al sexo. 3. Constituye la genealogía de esta familia e indica en cada caso los genotipos probables. o Un hijo normal. b) 50 % Aa (oscuro). . la determinación del sexo es similar a la del hombre. se casa con un varón normal. ?Qué proporción de la descendencia tendrá el gen para la hemofilia?. 50 % aa (claro). En ellos y en sus descendientes se aprecian las siguientes características: o Una hija con visión normal. Las hembras siempre tendrán 2 · 11 cromosomas autómicos + 2 cromosomas XX. 2. que deber ser par (2 · 12). ya que tiene un cromosoma menos que la dotación diploide (2·12-1). espermatozoides: 50 % el alelo A y el 50 % el alelo a. 1. aa (50 %) Rta. tienen cuatro hijos. que tiene un hijo normal y un hijo y una hija daltónica. Una pareja en la que la visión de ambos es normal. Rta. Si una mujer normal. cuyo padre no era calvo ni ciego a los colores y cuya madre era calva y con visión normal. con un macho de fenotipo Ab. el 50% de las hembras eran de fenotipo AB y el otro 50% presentaban fenotipo Ab. 4. predecir las proporciones fenotípicas esperadas en la descendencia. Consideremos simultáneamente dos caracteres influídos por el sexo. la calvicie y el dedo índice corto. Un hombre heterocigótico calvo y con ceguera a los colores se casa con una mujer sin calvicie y con visión normal. El alelo dominante "L" produce color verde oscuro normal. Un hombre heterocigótico para la calvicie y con el dedo índice normal se casa con una mujer calva y heterocigótica para el carácter de longitud de dedo. aparecía el 25% de cada uno de los fenotipos AB. Ab. ?Qué descendencia se espera?. aB.Cuando se encuentra en los machos de lugar a manchas de color amarillo-verde. 5. Ambos caracteres se manifiestan como dominantes en el hombre y recesivo en la mujer. En la descendencia. Se cruzó una hembra heterocigótica para los genes recesivos "a" y "b". Expectaciones de los fenotipos en los descendientes. Explicar el tipo de herencia. 6. Un gen recesivo ligado al sexo. produce en el hombre ceguera a los colores en estado hemicigótico y ceguera a los colores a las mujeres homocigóticas. Un gen influído por el sexo determina calvicie y es dominante en hombres y recesivo en mujeres. . ab. Del cruce entre hembras heterocigóticas y machos amarillo-verde. En los machos. A la vista del pedigrí. los cuadros rojos representan a personas afectadas de hemofilia. Un gen recesivo ligado al sexo (e) causa esterilidad en los machos. enfermedad determinada por un alelo recesivo ligado al sexo.7. responder a las siguientes preguntas: o o o ?Cuál es la probabilidad de que II1 x II2 tengan otro hijo macho normal ? ?Cuál es la probabilidad de que II3 x II4 tengan una hija normal ? ?Cuál es la probabilidad de qué II5 x II6 tengan una hija portadora? 8. En el siguiente árbol genealógico. . ?cómo pueden explicarse estos resultados?.o o Si la mujer II2 tuviese dos hijos varones. o Determinar los fenotipos esperados en la descendencia al cruzar una hembra amarilla con un macho negro. Si estos colores son determinados por un gen ligado al sexo. 9. ? cuál sería la probabilidad de que ninguno fuera hemofílico ?. Otro tipo de apareamiento produce la siguientes camada de gatitos: . Las hembras pueden ser negras. ? Cuál es la probabilidad de qué el primer hijo varón de la pareja II4 y II5 sea hemofílicoo ?. o Un cierto tipo de apareamiento produce la siguiente camada de gatitos: machos amarillos 1/2 o o machos negros 1/2 hembras barcinas 1/2 hembras negras 1/2 ?Qué colores tienen los progenitores ?. barcinas ( con manchas amarillas y negras ) o amarillas. Los gatos machos domésticos pueden ser negros o amarillos. 11. ?cuál es la probabilidad de que su primer hijo sea un niño hemofílico ?. determina la hemofilia. Suponga que su primer hijo es hemofílico. ?Cuál es la probabilidad de que su segundo hijo sea un niño hemofílico ?. . Un gen recesivo ligado al sexo. contestar las siguientes cuestiones: o o o Si II2 se casa con un hombre normal. ?Qué colores tienen los progenitores ?. De la información obtenida en el siguiente pedigrí.machos amarillos 1/4 o machos negros 1/4 hembras amarillas 1/4 hembras barcinas 1/4 10. Si la madre de I1 era hemofílica . ?Cuál era el fenotipo del padre de I1 ?.